hdu 4433(uva1631) - Locker - dp
2016-09-06 17:48
344 查看
题意:给出一个密码锁的当前状态,问最少转动多少次可以得到终止状态,每次转可以向上向下,而且转动一个位置的时候可以带动后面的一个或两个位置一块转。
对于每一个位置,记录当该位置已经转完以后带动后面两个位置转动不同次数所需要的最少转动次数。
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int MAXN = 1010, INF = 0x3f3f3f3f;
int dp[MAXN][11][11];
char s[MAXN], t[MAXN];
int debug(int n) {
for(int i = 0; i <= n; i++) {
for(int j = 0; j < 10; j++) {
for(int k = 0; k < 10; k++) {
printf("%2d ", dp[i][j][k] >= INF ? -1 :dp[i][j][k]);
}
printf("\n");
}
printf("\n\n");
}
}
int main() {
int i, j, k, l;
while(~scanf("%s%s", s, t)) {
memset(dp, 0x3f, sizeof(dp));
dp[0][0][0] = 0;
int n = strlen(s);
for(i = 0; i < n; i++) {
for(j = 0; j < 10; j++) {
for(k = 0; k < 10; k++) {
int tt = (t[i] - s[i] - j + 20) % 10;
for(l = 0; l <= tt; l++) {
for(int m = 0; m <= l; m++) {
int nk = (k + l) % 10;
dp[i + 1][nk][m] = min(dp[i + 1][nk][m], dp[i][j][k] + tt);
}
}
tt = (s[i] + j - t[i] + 10) % 10;
for(l = 0; l <= tt; l++) {
for(int m = 0; m <= l; m++) {
int nk = (k - l + 10) % 10;
dp[i + 1][nk][(10 - m) % 10] = min(dp[i + 1][nk][(10 - m) % 10], dp[i][j][k] + tt);
}
}
}
}
}
// debug(n);
printf("%d\n", dp
[0][0]);
}
return 0;
}
对于每一个位置,记录当该位置已经转完以后带动后面两个位置转动不同次数所需要的最少转动次数。
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int MAXN = 1010, INF = 0x3f3f3f3f;
int dp[MAXN][11][11];
char s[MAXN], t[MAXN];
int debug(int n) {
for(int i = 0; i <= n; i++) {
for(int j = 0; j < 10; j++) {
for(int k = 0; k < 10; k++) {
printf("%2d ", dp[i][j][k] >= INF ? -1 :dp[i][j][k]);
}
printf("\n");
}
printf("\n\n");
}
}
int main() {
int i, j, k, l;
while(~scanf("%s%s", s, t)) {
memset(dp, 0x3f, sizeof(dp));
dp[0][0][0] = 0;
int n = strlen(s);
for(i = 0; i < n; i++) {
for(j = 0; j < 10; j++) {
for(k = 0; k < 10; k++) {
int tt = (t[i] - s[i] - j + 20) % 10;
for(l = 0; l <= tt; l++) {
for(int m = 0; m <= l; m++) {
int nk = (k + l) % 10;
dp[i + 1][nk][m] = min(dp[i + 1][nk][m], dp[i][j][k] + tt);
}
}
tt = (s[i] + j - t[i] + 10) % 10;
for(l = 0; l <= tt; l++) {
for(int m = 0; m <= l; m++) {
int nk = (k - l + 10) % 10;
dp[i + 1][nk][(10 - m) % 10] = min(dp[i + 1][nk][(10 - m) % 10], dp[i][j][k] + tt);
}
}
}
}
}
// debug(n);
printf("%d\n", dp
[0][0]);
}
return 0;
}
相关文章推荐
- 详解Android应用中屏幕尺寸的获取及dp和px值的转换
- 基于Android中dp和px之间进行转换的实现代码
- Android中dip、dp、sp、pt和px的区别详解
- LFC1.0.0 版本发布
- Android dpi,dip,dp的概念以及屏幕适配
- Android px、dp、sp之间相互转换
- HP data protector软件学习1--基本角色与基本工作流程
- HP data protector软件学习2--软件组成与界面介绍
- android中像素单位dp、px、pt、sp的比较
- Android对px和dip进行尺寸转换的方法
- 关于UI切图与开发 px和dp
- Android根据分辨率进行单位转换-(dp,sp转像素px)
- android 尺寸 dp,sp,px,dip,pt详解
- DP问题各种模型的状态转移方程
- POJ-1695-Magazine Delivery-dp
- nyoj-1216-整理图书-dp
- TYVJ1193 括号序列解题报告
- 对DP的一点感想
- TYVJ上一些DP的解题报告
- soj1005. Roll Playing Games