解决01背包问题的DP方法
2016-09-04 18:44
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解题参考:http://blog.csdn.net/wumuzi520/article/details/7014559
题目描述:
现有一笔经费可以报销一定额度的发票。允许报销的发票类型包括买图书(A类)、文具(B类)、差旅(C类),要求每张发票的总额不得超过1000元,每张发票上,单项物品的价值不得超过600元。现请你编写程序,在给出的一堆发票中找出可以报销的、不超过给定额度的最大报销额。
输入:
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行包含两个正数 Q 和 N,其中 Q 是给定的报销额度,N(N<=30)是发票张数。随后是 N 行输入,每行的格式为:
m Type_1:price_1 Type_2:price_2 ... Type_m:price_m
其中正整数 m 是这张发票上所开物品的件数,Type_i 和 price_i 是第 i 项物品的种类和价值。物品种类用一个大写英文字母表示。当N为0时,全部输入结束,相应的结果不要输出。
输出:
对每个测试用例输出1行,即可以报销的最大数额,精确到小数点后2位。
样例输入:
样例输出:
题目描述:
每年毕业的季节都会有大量毕业生发起狂欢,好朋友们相约吃散伙饭,网络上称为“bg”。参加不同团体的bg会有不同的感觉,我们可以用一个非负整数为每个bg定义一个“快乐度”。现给定一个bg列表,上面列出每个bg的快乐度、持续长度、bg发起人的离校时间,请你安排一系列bg的时间使得自己可以获得最大的快乐度。
例如有4场bg:
第1场快乐度为5,持续1小时,发起人必须在1小时后离开;
第2场快乐度为10,持续2小时,发起人必须在3小时后离开;
第3场快乐度为6,持续1小时,发起人必须在2小时后离开;
第4场快乐度为3,持续1小时,发起人必须在1小时后离开。
则获得最大快乐度的安排应该是:先开始第3场,获得快乐度6,在第1小时结束,发起人也来得及离开;再开始第2场,获得快乐度10,在第3小时结束,发起人正好来得及离开。此时已经无法再安排其他的bg,因为发起人都已经离开了学校。因此获得的最大快乐度为16。
注意bg必须在发起人离开前结束,你不可以中途离开一场bg,也不可以中途加入一场bg。
又因为你的人缘太好,可能有多达30个团体bg你,所以你需要写个程序来解决这个时间安排的问题。
输入:
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行包含一个整数N (<=30),随后有N行,每行给出一场bg的信息:
h l t
其中 h 是快乐度,l是持续时间(小时),t是发起人离校时间。数据保证l不大于t,因为若发起人必须在t小时后离开,bg必须在主人离开前结束。
当N为负数时输入结束。
输出:
每个测试用例的输出占一行,输出最大快乐度。
样例输入:
样例输出:
题目描述:
现有一笔经费可以报销一定额度的发票。允许报销的发票类型包括买图书(A类)、文具(B类)、差旅(C类),要求每张发票的总额不得超过1000元,每张发票上,单项物品的价值不得超过600元。现请你编写程序,在给出的一堆发票中找出可以报销的、不超过给定额度的最大报销额。
输入:
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行包含两个正数 Q 和 N,其中 Q 是给定的报销额度,N(N<=30)是发票张数。随后是 N 行输入,每行的格式为:
m Type_1:price_1 Type_2:price_2 ... Type_m:price_m
其中正整数 m 是这张发票上所开物品的件数,Type_i 和 price_i 是第 i 项物品的种类和价值。物品种类用一个大写英文字母表示。当N为0时,全部输入结束,相应的结果不要输出。
输出:
对每个测试用例输出1行,即可以报销的最大数额,精确到小数点后2位。
样例输入:
200.00 3 2 A:23.50 B:100.00 1 C:650.00 3 A:59.99 A:120.00 X:10.00 1200.00 2 2 B:600.00 A:400.00 1 C:200.50 1200.50 3 2 B:600.00 A:400.00 1 C:200.50 1 A:100.00 100.00 0
样例输出:
123.50 1000.00 1200.50
#include<iostream> #include <map> #include<vector> #include<queue> #include<functional> #include <string> #include <limits> # include <iostream> #include <sstream> # include <string.h> #include <iomanip> # include <stdio.h> # include <stack> # include <stdlib.h> using namespace std; //解决01背包问题动态规划数组 int dp[3000010]; int main() { freopen( "in.txt","r",stdin); double q = 0; int N = 0; while ( cin>>q>>N && N!= 0 ) { //可报销单据的权重 vector< int > weight; for( int j = 0; j < N ;j++) { //每张单据中的类型数 int m = 0; char k = 0; double amount = 0; double total = 0; bool ok = true; cin>>m; for( int i= 0; i< m ; i++) { cin>>k; getchar(); cin>>amount; if( k != 'A' && k != 'B' && k != 'C') ok = false; total += amount; } if( total > 1000 ) ok =false; if( ok == false ) continue; weight.push_back( total *100 ); } memset( dp, 0,sizeof(dp)); int Q = (int ) (q * 100); for( int w = 0; w < weight .size() ; w ++) { //从后往前遍历,防止覆盖 for( int t = Q ; t >= weight[w] ; t --) { if( dp[t] < dp[t - weight[w] ] + weight[w] ) { dp[ t] = dp[t - weight[w] ] + weight[w]; //cout<<t<<":"<<dp[t]<<endl; } } } cout<<dp[Q]<<endl; cout<<setprecision(2) <<fixed<< (double)(dp[ Q]) /100<<endl; } }
题目描述:
每年毕业的季节都会有大量毕业生发起狂欢,好朋友们相约吃散伙饭,网络上称为“bg”。参加不同团体的bg会有不同的感觉,我们可以用一个非负整数为每个bg定义一个“快乐度”。现给定一个bg列表,上面列出每个bg的快乐度、持续长度、bg发起人的离校时间,请你安排一系列bg的时间使得自己可以获得最大的快乐度。
例如有4场bg:
第1场快乐度为5,持续1小时,发起人必须在1小时后离开;
第2场快乐度为10,持续2小时,发起人必须在3小时后离开;
第3场快乐度为6,持续1小时,发起人必须在2小时后离开;
第4场快乐度为3,持续1小时,发起人必须在1小时后离开。
则获得最大快乐度的安排应该是:先开始第3场,获得快乐度6,在第1小时结束,发起人也来得及离开;再开始第2场,获得快乐度10,在第3小时结束,发起人正好来得及离开。此时已经无法再安排其他的bg,因为发起人都已经离开了学校。因此获得的最大快乐度为16。
注意bg必须在发起人离开前结束,你不可以中途离开一场bg,也不可以中途加入一场bg。
又因为你的人缘太好,可能有多达30个团体bg你,所以你需要写个程序来解决这个时间安排的问题。
输入:
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行包含一个整数N (<=30),随后有N行,每行给出一场bg的信息:
h l t
其中 h 是快乐度,l是持续时间(小时),t是发起人离校时间。数据保证l不大于t,因为若发起人必须在t小时后离开,bg必须在主人离开前结束。
当N为负数时输入结束。
输出:
每个测试用例的输出占一行,输出最大快乐度。
样例输入:
3 6 3 3 3 2 2 4 1 3 4 5 1 1 10 2 3 6 1 2 3 1 1 -1
样例输出:
7 16
#include<iostream> #include <map> #include<vector> #include<queue> #include<functional> #include <string> #include <limits> # include <iostream> #include <sstream> # include <string.h> #include <iomanip> # include <stdio.h> # include <stack> # include <stdlib.h> using namespace std; //解决01背包问题动态规划数组 int dp[1000]; struct bg { int h,l,t; }; vector < bg > bgs(31); int cmp( bg a, bg b) { if( a.t < b.t ) return 1; else return 0; } int main() { freopen( "in.txt","r",stdin); int N = 0; int h, l, t ; while( cin>>N && N >= 0 ) { int maxt = 0; for( int i = 0; i < N ; i++) { cin>>bgs[i].h>>bgs[i].l >>bgs[i].t; maxt = max( maxt, bgs[i].t); } memset( dp , 0, sizeof(dp)); sort( bgs.begin(),bgs.end() ,cmp ); for( int i = 0; i< bgs.size() ; i++) { for( int j = bgs[i].t ; j >= bgs[i].l ; j -- ) { if( dp[j] < dp[ j - bgs[i].l ] + bgs[i].h ) { dp[j] = dp[ j - bgs[i].l ] + bgs[i].h; } } } cout<<dp[maxt]<<endl; } }
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