陶哲轩实分析 6.3 节习题试解
2016-09-04 15:21
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陶哲轩实分析 6.3 节习题试解
6.3.1 设 an=1n,证明 sup(an)∞n=1=1,inf(an)∞n=1=0
1≥an,所以 1 是 an 的上界。对任意的 x<1,都有 a1>x。所以 1 是 an 最小的上界,所以 sup(an)∞n=1=1。
an>0 所以 0 是 an 的下界。对于任意的 x>0,设 N=[1/x]+1,那么任意的 n>N 都有 an<x。所以任意的 x>0都不是 an 的下界。所以 inf(an)∞n=1=0。
6.3. 2 设 (an)∞n=m 是实数列,并设 x 是广义实数 x:=sup(an)∞n=m。那么对于一切 n≥m 有 an≤x。另外,只要 M∈R∗ 是 (an)∞n=m 的一个上界,就有 x≤M。最后,对于每个满足 y<x 的广义实数 y,至少存在一个 n≥m,使得 y<an≤x。
因为 (an)∞n=m 是 R∗ 的子集,由定理6.2.11 有 an≤x, x≤M。反证法:如果对于所有的 n≥m 都有 an≤y,那么 y 就是 (an)∞n=m上界,必然有 y≥x,与题目中 y<x 的条件矛盾。所以 对于每个满足 y<x 的广义实数 y,至少存在一个 n≥m,使得 y<an≤x。
6.3.3 设 (an)∞n=m 是具有有限上界 M 的实数列,并且它是单调增的。那么 (an)∞n=m 收敛。并且有: limn→∞(an)∞n=m=sup(an)∞n=m≤M
因为 (an)∞n=m 有界,所以 (an)∞n=m 有上确界。设 x=sup(an)∞n=m≤M对任意的 ε>0 都有 x−ε<x。所以至少存在一个 aN>x−ε。又由于 (an)∞n=m 是单调增的,所以对任意的 n>N 都有 an>x−ε,也就是 |an−x|<ε。所以对于任意的 ε>0,(an)∞n=m 都是终极 ε− 接近 x 的。所以 :limn→∞(an)∞n=m=sup(an)∞n=m≤M
6.3.4 证明当 x>1 时,命题 6.3.10 不成立。
n>1 时 (xn)∞n=m 是单调增的,但是没有上界。假设 (xn)∞n=m 是收敛的: limn→∞(xn)∞n=m=X
我们有恒等式 xn1xn=1,所以有
limn→∞((xn)(1x)n)∞n=m=1limn→∞(xn)∞n=m×limn→∞((1x)n)∞n=m=10×X=1
上面的式子是不合理的。所以 limn→∞(xn)∞n=m 不存在。