HDU 2045 不容易系列之(3)—— LELE的RPG难题 (动态规划)
2016-08-07 16:06
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题目链接:HDU 2045
题面:
Total Submission(s): 45099 Accepted Submission(s): 18054
[align=left]Problem Description[/align]
人称“AC女之杀手”的超级偶像LELE最近忽然玩起了深沉,这可急坏了众多“Cole”(LELE的粉丝,即"可乐"),经过多方打探,某资深Cole终于知道了原因,原来,LELE最近研究起了著名的RPG难题:
有排成一行的n个方格,用红(Red)、粉(Pink)、绿(Green)三色涂每个格子,每格涂一色,要求任何相邻的方格不能同色,且首尾两格也不同色.求全部的满足要求的涂法.
以上就是著名的RPG难题.
如果你是Cole,我想你一定会想尽办法帮助LELE解决这个问题的;如果不是,看在众多漂亮的痛不欲生的Cole女的面子上,你也不会袖手旁观吧?
[align=left]Input[/align]
输入数据包含多个测试实例,每个测试实例占一行,由一个整数N组成,(0<n<=50)。
[align=left]Output[/align]
对于每个测试实例,请输出全部的满足要求的涂法,每个实例的输出占一行。
[align=left]Sample Input[/align]
[align=left]Sample Output[/align]
[align=left]Author[/align]
lcy
题意:
求三种颜色上色,相邻位不同,首尾不同的方案数。
解题:
dp[i][j][k],表示第i位涂的是颜色j,它的首位涂的是颜色i的方案数,最后统计时,只要确保最后一位不和首位相同即可。
题面:
不容易系列之(3)—— LELE的RPG难题
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 45099 Accepted Submission(s): 18054
[align=left]Problem Description[/align]
人称“AC女之杀手”的超级偶像LELE最近忽然玩起了深沉,这可急坏了众多“Cole”(LELE的粉丝,即"可乐"),经过多方打探,某资深Cole终于知道了原因,原来,LELE最近研究起了著名的RPG难题:
有排成一行的n个方格,用红(Red)、粉(Pink)、绿(Green)三色涂每个格子,每格涂一色,要求任何相邻的方格不能同色,且首尾两格也不同色.求全部的满足要求的涂法.
以上就是著名的RPG难题.
如果你是Cole,我想你一定会想尽办法帮助LELE解决这个问题的;如果不是,看在众多漂亮的痛不欲生的Cole女的面子上,你也不会袖手旁观吧?
[align=left]Input[/align]
输入数据包含多个测试实例,每个测试实例占一行,由一个整数N组成,(0<n<=50)。
[align=left]Output[/align]
对于每个测试实例,请输出全部的满足要求的涂法,每个实例的输出占一行。
[align=left]Sample Input[/align]
1 2
[align=left]Sample Output[/align]
3 6
[align=left]Author[/align]
lcy
题意:
求三种颜色上色,相邻位不同,首尾不同的方案数。
解题:
dp[i][j][k],表示第i位涂的是颜色j,它的首位涂的是颜色i的方案数,最后统计时,只要确保最后一位不和首位相同即可。
#include <iostream> #include <cmath> #include <cstdio> #include <cstring> #define eps 1e-20 #define LL long long using namespace std; LL dp[55][3][3]; LL ans; int main() { memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[1][0][0]=1; dp[1][1][1]=1; dp[1][2][2]=1; for(int i=2;i<=50;i++) { for(int j=0;j<=2;j++) { for(int k=0;k<=2;k++) { if(k!=j) { dp[i][j][0]+=dp[i-1][k][0]; dp[i][j][1]+=dp[i-1][k][1]; dp[i][j][2]+=dp[i-1][k][2]; } } } } int n; while(~scanf("%d",&n)) { if(n==1) { printf("3\n"); continue; } ans=0; //确保不同 ans+=dp [0][1]+dp [0][2]; ans+=dp [1][0]+dp [1][2]; ans+=dp [2][0]+dp [2][1]; printf("%lld\n",ans); } return 0; }
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