HDU 2089 数位DP 入门题
2016-08-03 14:48
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题目
提意:在n - m中有多少个数不含【4】 和 【62】
dp[i][j] 表示第i位为j的答案数
这样
1. j = 6 dp[i][j] += dp[i - 1][k] (k = 0 ~ 9 ^ k != 4 | 2)
2. j = 4 dp[i][j] = 0
对于数字N 在计算0 - N 的区间答案时 从高位枚举i(自右向左的位数) 表示某个数从最高位开始 第 i 位小于N的第i位 比如 对于数 56800 在i为4时 指代的数为50000 ~ 55999 答案 ans += dp[4][k] k = 0 ~ 5
为什么 ans += dp[4][k] k = 0 ~ 5
由迭代dp的过程可以看出 dp[i][k] 实际上 算得只是满足i位的答案数 大于k位的并没有包含在dp[i][k]中 在上面的例子中 dp[4][k] (k = 0 ~ 5) 的实际指代的区间为 0000 ~ 5999 并不是50000 ~ 55999的答案 但是 我们可以在0000 ~ 5999中每个数加上50000 得到0000 ~ 5999 并且又题意易知 这样不会改变任何一个数的正确性
综上 50000 ~ 55999 的正确个数 等于 0000 ~ 5999 的正确个数
正是这个原因 要在计算答案时 及时排去 形如 ###4*** 和 ###62***的答案
代码如下:
DFS版本:真的简单明了
代码:
提意:在n - m中有多少个数不含【4】 和 【62】
dp[i][j] 表示第i位为j的答案数
这样
1. j = 6 dp[i][j] += dp[i - 1][k] (k = 0 ~ 9 ^ k != 4 | 2)
2. j = 4 dp[i][j] = 0
对于数字N 在计算0 - N 的区间答案时 从高位枚举i(自右向左的位数) 表示某个数从最高位开始 第 i 位小于N的第i位 比如 对于数 56800 在i为4时 指代的数为50000 ~ 55999 答案 ans += dp[4][k] k = 0 ~ 5
为什么 ans += dp[4][k] k = 0 ~ 5
由迭代dp的过程可以看出 dp[i][k] 实际上 算得只是满足i位的答案数 大于k位的并没有包含在dp[i][k]中 在上面的例子中 dp[4][k] (k = 0 ~ 5) 的实际指代的区间为 0000 ~ 5999 并不是50000 ~ 55999的答案 但是 我们可以在0000 ~ 5999中每个数加上50000 得到0000 ~ 5999 并且又题意易知 这样不会改变任何一个数的正确性
综上 50000 ~ 55999 的正确个数 等于 0000 ~ 5999 的正确个数
正是这个原因 要在计算答案时 及时排去 形如 ###4*** 和 ###62***的答案
代码如下:
#include <cstdio> #include <iostream> #include <queue> #include <vector> #include <cstring> #define sf scanf #define pf printf using namespace std; const int maxn = 10; int dp[maxn][10]; int f(char* num){ int ans = 0 , len = strlen(num); // puts(num); for(int i = len - 1;i > 0;--i){ for(int j = 0;j < num[i] - '0';++j){ if(j == 4 || (num[i + 1] - '0' == 6 && j == 2)){ continue; } else ans += dp[i][j]; // pf("%d %d\n",i,j); } if(num[i] - '0' == 4 || (num[i + 1] - '0' == 6 && num[i] - '0' == 2 ) ) { // pf("break %d",i); break; } } return ans; } int main(){ for(int i = 0;i < 10;++i){ dp[1][i] = 1; } dp[1][4] = 0; for(int i = 2;i <= 7;++i){ for(int j = 0;j < 10;++j){ if(j == 4){ dp[i][j] = 0; continue; } for(int k = 0;k < 10;++k){ if(j == 6 && k == 2){ continue; }else dp[i][j] += dp[i - 1][k]; } } } int a,b; char num1[maxn],num2[maxn]; while( sf("%d%d",&a,&b) ){ if(!a && !b) break; b++; sprintf(num1,"%d",a); sprintf(num2,"%d",b); int len1 = strlen(num1),len2 = strlen(num2); num1[len1] = '#' ,num1[len1 + 1] = '\0'; num2[len2] = '#' ,num2[len2 + 1] = '\0'; strrev(num1);strrev(num2); pf("%d\n",f(num2) - f(num1)); } return 0; }
DFS版本:真的简单明了
代码:
#include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> #define sf scanf #define pf printf #define N 20 using namespace std; int dp[15][2];//dp[i][st]保存在填写第i位时 之前的状态为st时的满解 如i = 3时 表示 000 ~ 999内不含4 和 62 的数的个数 int digit[15]; int dfs(int i,bool st,bool flag){ //第i位数 st之前一位是或者不是6 flag前缀是否已为上界 if(i == 0) return !flag; //递归到0位 前面的len位全部是按题意填写的数字 flag为1时 这个数字是上界 flag为0时 这个数字是在范围内的一个正确解 if(!flag && dp[i][st] != -1) return dp[i][st];//flag为0时 可以取满解 且在dp[i][st]已经计算过时 可以直接返回dp值 int limit = !flag ? 9 : digit[i]; int ans = 0; for(int j = 0;j <= limit;++j){ if(!( st && j == 2 || j == 4 ) )ans += dfs(i - 1,j == 6,flag && j == limit); } if(!flag) dp[i][st] = ans;//如果这一次计算的是满解 则赋值给dp[i][st] return ans; } int solve(int n){ int len = 0; while(n){ digit[++len] = n % 10; n = n /10; } return dfs(len,0,1); //前缀已为上界 } int main(){ int l,r; memset(dp,-1,sizeof(dp)); while( sf("%d%d",&l,&r) != EOF && l && r){ pf("%d\n",solve(r + 1) - solve(l)); } return 0; }
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