二分应用--衣服晾干问题
2016-07-16 21:16
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有n件衣服需要晾干,每件含水量ai.每件衣服每分钟自然干1单位的水.每分钟可以对其中任意一件使用吹风机,其可以减少k的水.求晾干所有衣服的最少时间.
分析思路:利用二分逼近的思想。
假设需要 x 分钟能够晾干,则含水量ai<=x的衣服让其自然晾干,ai>x的衣服需要吹风机,设其需要吹风机的吹的时间为ti, 则(x分钟能吹干的水量)ti * k + x-ti >=ai (注意:不考虑使用吹风机的同时衣服的自然风干 !!大坑!)
故ti >=(ai-x)/(k-1) 即 ti = ceil ((ai-x)*1.0/(k-1)) (向上取整)
该题有两点注意事项:
① 使用吹风机的同时不考虑衣服的自然风干
②按cin cout 输入输出提交会超时,改为scanf . printf 或者 在输入输出之前加一句 std::ios::sync_with_stdio(false);
分析思路:利用二分逼近的思想。
假设需要 x 分钟能够晾干,则含水量ai<=x的衣服让其自然晾干,ai>x的衣服需要吹风机,设其需要吹风机的吹的时间为ti, 则(x分钟能吹干的水量)ti * k + x-ti >=ai (注意:不考虑使用吹风机的同时衣服的自然风干 !!大坑!)
故ti >=(ai-x)/(k-1) 即 ti = ceil ((ai-x)*1.0/(k-1)) (向上取整)
该题有两点注意事项:
① 使用吹风机的同时不考虑衣服的自然风干
②按cin cout 输入输出提交会超时,改为scanf . printf 或者 在输入输出之前加一句 std::ios::sync_with_stdio(false);
#include <iostream> #include <algorithm> #include <cmath> #include <cstdio> using namespace std; long long n,k; long long time[100005]; bool check(long long x) { long long pos=0; while(pos<n) { if(time[pos]>x) break; pos++; } long long sum=0; for(long long i=pos;i<n;i++) { sum+=ceil((time[i]-x)*1.0/(k-1));//不考虑在使用吹风机的同时衣服自身的蒸发t*k+mid-t>=time[i] t=(time[i]-mid)/(k-1) if(sum>x) return false; } return true; } long long solve() { long long left=0,right=time[n-1],mid,Min=time[n-1]; while(left<=right) { mid=(left+right)/2; if(check(mid)) { right=mid-1; if(mid<Min) Min=mid; } else left=mid+1; } return Min; } int main() { while(scanf("%I64d",&n)!=EOF) //scanf代替cin节省读入数据时间,后面的EOF不能省略,否则出现output limit exceed的错误 { for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%I64d",&time[i]); } scanf("%64d",&k); sort(time,time+n); if(k==1) printf("%I64d\n",time[n-1]); else printf("%I64d\n",solve()); } return 0; }
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