NKOI 1922 第K小数
2016-07-14 21:43
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【平衡树】第K小数
Time Limit:150000MS Memory Limit:1655360K
Total Submit:371 Accepted:156
Case Time Limit:15000MS
Description
现在已有N个整数,你有以下三种操作:
A 表示加入一个值为A的整数
B 表示删除其中值为B的整数
K 表示输出这些整数中第K小的数
Input
第一行,两个整数N,M,表示最开始有N个整数,总共有M个操作
第二行用空格隔开的N个整数
接下来M行,每行表示一个操作
Output
若干行,一行一个整数,表示所求的第K小的数字
Sample Input
Sample Output
Hint
注意:如果有多个大小相同的数字,只把他们看做一个数字,如样例。
若找不到第K小的数,输出0
数据范围:
0<=N<=2,000,000
M<=1,000,000
-1,000,000,000<=每个整数<=1,000,000,000
这道题涉及到线段树的动态开点。朴素的线段树最开始要建立一颗树,线段树动态开点的意思是一开始不用建立树,当我们递归发现需要走到一个节点时,如果这个节点还没建立,我们才建立这个节点
这道题我们要用线段树来维护每一个整数的出现次数,然而如果直接tree[1000000000000]的话肯定不行,所以这题必须用到线段树的动态开点
在add函数中开点,也就是讨论到一个节点时,如果tree[r].left==0那么就新增tree[r].left这个节点,如果为叶子节点就设权值为1,然后将其父结点全部+1,right同理,设dt为改变常量,如果要添加一个数dt=1,否则dt=-1
在进行插入操作时,a+=1000000001,想一想,为什么
具体如下#include<cstdio>
#include<iostream>
#define LL long long
const int maxn=40000004;
struct wk{LL ls,rs,sum;}tree[maxn];
LL n,m,tot=1,cnt,dt=1,flag,a,x;
inline void _read(LL &x){
char t=getchar();bool sign=true;
while(t<'0'||t>'9')
{if(t=='-')sign=false;t=getchar();}
for(x=0;t>='0'&&t<='9';t=getchar())x=x*10+t-'0';
if(!sign)x=-x;
}
void add(LL &p,LL l,LL r){
if(a<l||r<a)return;
LL mid=(l+r)>>1;
if(l==r){
if(p==0){
p=++tot;
if(dt==1)
tree[p].sum+=dt,flag=true;
}
else if(tree[p].sum==0&&dt==1)//由于这里的区间已经被压缩成一个点,所以如果要增加1出现次数必须为0
tree[p].sum+=dt,flag=true;
else if(tree[p].sum&&dt==-1)//一个数必须至少出现一次才能删除
tree[p].sum+=dt,flag=true;
return;
}
if(p==0)p=++tot;
add(tree[p].ls,l,mid);
add(tree[p].rs,mid+1,r);
if(flag)tree[p].sum+=dt;
}
LL ask(LL p,LL l,LL r,LL k){
LL mid=(l+r)>>1;
if(l==r)return l;
if(tree[tree[p].ls].sum>=k)return ask(tree[p].ls,l,mid,k);
return ask(tree[p].rs,mid+1,r,k-tree[tree[p].ls].sum);
}
int main(){
LL i,j,k,temp=1;
_read(n);_read(m);
for(i=1;i<=n;i++){
_read(a);
a+=1000000001;
flag=false;
add(temp,1,2000000001);
if(flag)cnt++;
}
while(m--){
_read(x);_read(a);
if(x==1){
flag=false;
dt=1;
a+=1000000001;
add(temp,1,2000000001);
if(flag)cnt++;
}
if(x==2){
flag=false;
dt=-1;
a+=1000000001;
add(temp,1,2000000001);
if(flag)cnt--;
}
if(x==3)
if(a>cnt)puts("0");
else printf("%I64d\n",ask(temp,1,2000000001,a)-1000000001);
}
}
Time Limit:150000MS Memory Limit:1655360K
Total Submit:371 Accepted:156
Case Time Limit:15000MS
Description
现在已有N个整数,你有以下三种操作:
A 表示加入一个值为A的整数
B 表示删除其中值为B的整数
K 表示输出这些整数中第K小的数
Input
第一行,两个整数N,M,表示最开始有N个整数,总共有M个操作
第二行用空格隔开的N个整数
接下来M行,每行表示一个操作
Output
若干行,一行一个整数,表示所求的第K小的数字
Sample Input
5 5 6 2 7 4 9 1 8 1 6 3 10 2 4 3 3
Sample Output
0 7
Hint
注意:如果有多个大小相同的数字,只把他们看做一个数字,如样例。
若找不到第K小的数,输出0
数据范围:
0<=N<=2,000,000
M<=1,000,000
-1,000,000,000<=每个整数<=1,000,000,000
这道题涉及到线段树的动态开点。朴素的线段树最开始要建立一颗树,线段树动态开点的意思是一开始不用建立树,当我们递归发现需要走到一个节点时,如果这个节点还没建立,我们才建立这个节点
这道题我们要用线段树来维护每一个整数的出现次数,然而如果直接tree[1000000000000]的话肯定不行,所以这题必须用到线段树的动态开点
在add函数中开点,也就是讨论到一个节点时,如果tree[r].left==0那么就新增tree[r].left这个节点,如果为叶子节点就设权值为1,然后将其父结点全部+1,right同理,设dt为改变常量,如果要添加一个数dt=1,否则dt=-1
在进行插入操作时,a+=1000000001,想一想,为什么
具体如下#include<cstdio>
#include<iostream>
#define LL long long
const int maxn=40000004;
struct wk{LL ls,rs,sum;}tree[maxn];
LL n,m,tot=1,cnt,dt=1,flag,a,x;
inline void _read(LL &x){
char t=getchar();bool sign=true;
while(t<'0'||t>'9')
{if(t=='-')sign=false;t=getchar();}
for(x=0;t>='0'&&t<='9';t=getchar())x=x*10+t-'0';
if(!sign)x=-x;
}
void add(LL &p,LL l,LL r){
if(a<l||r<a)return;
LL mid=(l+r)>>1;
if(l==r){
if(p==0){
p=++tot;
if(dt==1)
tree[p].sum+=dt,flag=true;
}
else if(tree[p].sum==0&&dt==1)//由于这里的区间已经被压缩成一个点,所以如果要增加1出现次数必须为0
tree[p].sum+=dt,flag=true;
else if(tree[p].sum&&dt==-1)//一个数必须至少出现一次才能删除
tree[p].sum+=dt,flag=true;
return;
}
if(p==0)p=++tot;
add(tree[p].ls,l,mid);
add(tree[p].rs,mid+1,r);
if(flag)tree[p].sum+=dt;
}
LL ask(LL p,LL l,LL r,LL k){
LL mid=(l+r)>>1;
if(l==r)return l;
if(tree[tree[p].ls].sum>=k)return ask(tree[p].ls,l,mid,k);
return ask(tree[p].rs,mid+1,r,k-tree[tree[p].ls].sum);
}
int main(){
LL i,j,k,temp=1;
_read(n);_read(m);
for(i=1;i<=n;i++){
_read(a);
a+=1000000001;
flag=false;
add(temp,1,2000000001);
if(flag)cnt++;
}
while(m--){
_read(x);_read(a);
if(x==1){
flag=false;
dt=1;
a+=1000000001;
add(temp,1,2000000001);
if(flag)cnt++;
}
if(x==2){
flag=false;
dt=-1;
a+=1000000001;
add(temp,1,2000000001);
if(flag)cnt--;
}
if(x==3)
if(a>cnt)puts("0");
else printf("%I64d\n",ask(temp,1,2000000001,a)-1000000001);
}
}
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