BZOJ4546: codechef XRQRS
2016-05-16 17:50
232 查看
Description
给定一个初始时为空的整数序列(元素由1开始标号)以及一些询问:类型1:在数组后面就加入数字x。
类型2:在区间L…R中找到y,最大化(x xor y)。
类型3:删除数组最后K个元素。
类型4:在区间L…R中,统计小于等于x的元素个数。
类型5:在区间L…R中,找到第k小的数。
Input
输入数据第一行为一个整数q,表示询问个数,接下来q行,每行一条询问 对应题目描述。类型1的询问格式为“1 x”。
类型2的询问格式为“2 L R x”。
类型3的询问格式为“3 k”。
类型4的询问格式为“4 L R x”。
类型5的询问格式为“5 L R k”。
Output
对于每个2、4、5询问输出一行对应答案Sample Input
101 8
5 1 1 1
1 2
2 2 2 7
2 2 2 7
1 1
4 2 2 2
2 1 2 3
4 1 3 5
1 6
Sample Output
82
2
1
8
2
HINT
令N表示每次询问前数组中元素的个数1<=L<=R<=N
1<=x<=500,000
对于第三类询问 1<=k<=N
对于第五类询问 k<=R-L+1
1<=N<=500,000
将操作树建出来,那么当前序列就是它到根的路径,然后用棵可持久化Trie就可以完成几个操作了。
这道题竟然不能用fread,我的正确率。!。~。
#include<cstdio> #include<cctype> #include<queue> #include<cstring> #include<algorithm> #define rep(i,s,t) for(int i=s;i<=t;i++) #define dwn(i,s,t) for(int i=s;i>=t;i--) #define ren for(int i=first[x];i;i=next[i]) using namespace std; const int BufferSize=1<<16; char buffer[BufferSize],*head,*tail; inline char Getchar() { if(head==tail) { int l=fread(buffer,1,BufferSize,stdin); tail=(head=buffer)+l; } return *head++; } inline int read() { int x=0,f=1;char c=getchar(); for(;!isdigit(c);c=getchar()) if(c=='-') f=-1; for(;isdigit(c);c=getchar()) x=x*10+c-'0'; return x*f; } const int maxn=500010; const int maxnode=10000010; int ch[maxnode][2],s[maxnode],ToT; void insert(int& ny,int x,int val) { ny=++ToT;int y=ny;s[y]=s[x]+1; dwn(i,18,0) { int c=val>>i&1; ch[y][0]=ch[x][0];ch[y][1]=ch[x][1]; s[ch[y][c]=++ToT]=s[ch[x][c]]+1; y=ch[y][c];x=ch[x][c]; } } int querymx(int y,int x,int val) { int ans=0; dwn(i,18,0) { int c=val>>i&1; if(s[ch[y][c^1]]-s[ch[x][c^1]]) ans|=(1<<i),c^=1; x=ch[x][c];y=ch[y][c]; } return ans; } int query(int y,int x,int val) { int ans=0; dwn(i,18,0) { int c=val>>i&1; if(c) ans+=s[ch[y][0]]-s[ch[x][0]]; x=ch[x][c];y=ch[y][c]; } return ans; } int kth(int y,int x,int k) { int ans=0; dwn(i,18,0) { int k2=s[ch[y][0]]-s[ch[x][0]]; if(k<=k2) x=ch[x][0],y=ch[y][0]; else ans|=(1<<i),k-=k2,x=ch[x][1],y=ch[y][1]; } return ans; } int n,top,fa[maxn],root[maxn],S[maxn]; int main() { int p=0; dwn(T,read(),1) { int tp=read(); if(tp==1) insert(root[++n],root[p],read()),fa =p,S[++top]=p=n; else if(tp==3) dwn(i,read(),1) p=fa[p],top--; else { int l=read(),r=read(),x=read(); if(tp==2) printf("%d\n",x^querymx(root[S[r]],root[S[l-1]],x)); if(tp==4) printf("%d\n",query(root[S[r]],root[S[l-1]],x+1)); if(tp==5) printf("%d\n",kth(root[S[r]],root[S[l-1]],x)); } } return 0; }
相关文章推荐
- 一道笔试题:vector::erase()
- Intent 打开文件浏览器,返回后得到文件路径
- 347.Top K Frequent Elements
- unity 陀螺仪的脚本
- React Native 实例 - BBC新闻客户端
- Jquery插件实现“点击获取验证码后60秒内禁止重新获取(防刷新)”
- 魅族大数据上云之路
- Cocoapods降低版本及卸载
- winform程序读取和改写配置文件App.config元素的值
- Android中通过scheme实现网页打开App(deep-link)
- 映射文件中主键生成策略的指定
- 正则表达式必须牢记的几个元字符详解(java使用实例)
- 关于新公司所遇到的环境问题的列举
- Android 之优雅代码(一)——巧用assets
- Docker学习二(部署一个可以自由获取环境变量的SpringWeb)
- html中背景图按比例缩放全屏显示
- 终于实现samba可写不可删除
- wamp下Apache2.4.x局域网访问403的解决办法
- Java并发机制深究1-synchronized和volatile
- SpringMVC后台接收list类型的数据的实现方式