动态规划背包类型例题-饭卡
2016-05-08 19:33
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动态规划是以空间换时间的解决办法,当没法推出数学规律时候这种方法十分好使,但是前提是要想清楚怎么去规划这个问题。
饭卡这题是我第一个写的DP的题目,感觉还是挺不好写的,毕竟也不算模板题,要动动脑子,无奈脑子不好使。
A - 饭卡
Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit IO Format:%I64d
& %I64u
Description
电子科大本部食堂的饭卡有一种很诡异的设计,即在购买之前判断余额。如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
Input
多组数据。对于每组数据:
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
Output
对于每组输入,输出一行,包含一个整数,表示卡上可能的最小余额。
Sample Input
1
50
5
10
1 2 3 2 1 1 2 3 2 1
50
0
Sample Output
-45
32
题目是中文,清晰易懂。问题就是怎么处理5这个临界点。一开始怎么都想不到,而且因为二维数组开的太大,导致内存超出限制,然后改成两个一维数组,发现想法还是不对,不过也靠着这个题目去练了练这个优化空间的方法了。后来才想懂,先把饭卡的余额减去5,然后用快排将菜的价格排出来,取出最高的价格,在DP过程中,循环少走一层就行了,靠着除去最高价格的那一个菜,算出其余菜可以在余额减去5的最大价格总数。最后用余额减去这个最大价格总数,此时余额还是大于或者等于5的,然后再减去最贵的菜,就是答案了。
代码如下:
饭卡这题是我第一个写的DP的题目,感觉还是挺不好写的,毕竟也不算模板题,要动动脑子,无奈脑子不好使。
A - 饭卡
Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit IO Format:%I64d
& %I64u
Description
电子科大本部食堂的饭卡有一种很诡异的设计,即在购买之前判断余额。如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
Input
多组数据。对于每组数据:
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
Output
对于每组输入,输出一行,包含一个整数,表示卡上可能的最小余额。
Sample Input
1
50
5
10
1 2 3 2 1 1 2 3 2 1
50
0
Sample Output
-45
32
题目是中文,清晰易懂。问题就是怎么处理5这个临界点。一开始怎么都想不到,而且因为二维数组开的太大,导致内存超出限制,然后改成两个一维数组,发现想法还是不对,不过也靠着这个题目去练了练这个优化空间的方法了。后来才想懂,先把饭卡的余额减去5,然后用快排将菜的价格排出来,取出最高的价格,在DP过程中,循环少走一层就行了,靠着除去最高价格的那一个菜,算出其余菜可以在余额减去5的最大价格总数。最后用余额减去这个最大价格总数,此时余额还是大于或者等于5的,然后再减去最贵的菜,就是答案了。
代码如下:
#include<stdio.h> #include<stdlib.h> int val[1005][1005]; int max(int a,int b) { return a > b ? a : b; } int cmp(const void *a,const void *b) { return *(int *)a - *(int *)b; } int main() { int veg_val[1005],bal,n,i,j,tmax,vegtable_max,point; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { if(n==0) break; for(i=0;i<n;i++) { scanf("%d",&veg_val[i]); } scanf("%d",&bal); if(bal < 5) { printf("%d\n",bal); continue; } qsort(veg_val,n,sizeof(int),cmp); vegtable_max=veg_val[n-1]; bal-=5; for(i=0;i<=bal;i++) { val[0][i] = i>=veg_val[0]?veg_val[0]:0; } for(i=1;i<n-1;i++) { for(j=0;j<=bal;j++) { if(j>=veg_val[i]) val[i][j]=max(val[i-1][j],val[i-1][j-veg_val[i]]+veg_val[i]); else val[i][j]=val[i-1][j]; } } printf("%d\n",bal+5-val[i-1][bal]-vegtable_max); } }
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