[HDU 4602]Partition[划分]
2016-04-04 17:14
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题目链接:[HDU 4602]Partition[划分]
题意分析:
组成从1到n的所有数字的各种可重复组合中,k出现了几次?
解题思路:
把n看成n个点,每次用隔板在不同的位置隔出k个连续点,问题转换为:k个点出现的情况之和为多少?
举例:n = 6, k = 2
初始:1 1 1 1 1 1
k总共可以出现在五种情况中,
1 1 / 1 1 1 1
1 / 1 1 / 1 1 1
1 1 / 1 1 / 1 1
1 1 1 / 1 1 / 1
1 1 1 1 / 1 1
每种情况我们分别在剩余的空格中考虑插入或者不插入隔板即可,然后把总和相加。
个人感受:
隔板来划分啊= =,真心没想到。上了大学就再也没有过觉得自己数学好这种错觉了TAT
具体代码如下:
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iomanip>
#include<iostream>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<sstream>
#include<stack>
#include<string>
#define ll long long
#define pr(x) cout << #x << " = " << (x) << '\n';
using namespace std;
const int mod = 1e9 + 7;
ll quick_pow(ll base, int indx) {
ll ret = 1;
while (indx) {
if (indx & 1) {
ret = ret * base % mod;
}
base = base * base % mod;
indx /= 2;
}
return ret;
}
int main()
{
int n, k, t;
scanf("%d", &t);
while (t --) {
scanf("%d%d", &n, &k);
if (n < k) printf("0\n");
else {
ll ans = quick_pow(2, n - k);
if (n - k - 2 >= 0)
ans += quick_pow(2, n - k - 2) * (n - k - 1);
printf("%lld\n", ans % mod);
}
}
return 0;
}
题意分析:
组成从1到n的所有数字的各种可重复组合中,k出现了几次?
解题思路:
把n看成n个点,每次用隔板在不同的位置隔出k个连续点,问题转换为:k个点出现的情况之和为多少?
举例:n = 6, k = 2
初始:1 1 1 1 1 1
k总共可以出现在五种情况中,
1 1 / 1 1 1 1
1 / 1 1 / 1 1 1
1 1 / 1 1 / 1 1
1 1 1 / 1 1 / 1
1 1 1 1 / 1 1
每种情况我们分别在剩余的空格中考虑插入或者不插入隔板即可,然后把总和相加。
个人感受:
隔板来划分啊= =,真心没想到。上了大学就再也没有过觉得自己数学好这种错觉了TAT
具体代码如下:
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iomanip>
#include<iostream>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<sstream>
#include<stack>
#include<string>
#define ll long long
#define pr(x) cout << #x << " = " << (x) << '\n';
using namespace std;
const int mod = 1e9 + 7;
ll quick_pow(ll base, int indx) {
ll ret = 1;
while (indx) {
if (indx & 1) {
ret = ret * base % mod;
}
base = base * base % mod;
indx /= 2;
}
return ret;
}
int main()
{
int n, k, t;
scanf("%d", &t);
while (t --) {
scanf("%d%d", &n, &k);
if (n < k) printf("0\n");
else {
ll ans = quick_pow(2, n - k);
if (n - k - 2 >= 0)
ans += quick_pow(2, n - k - 2) * (n - k - 1);
printf("%lld\n", ans % mod);
}
}
return 0;
}
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