bzoj4244 邮戳拉力赛 动态规划

感觉自己dp这方面还需要加强啊。

显然一个合法的方案已定包含一条0-N+1的上行链（可以拼接得到），剩下的是一些环。

令dp[i][j]表示盖了前i个邮戳，并且从下行站走到上行站的次数-从上行站走到下行站的次数=j时，不计0-i的上行链的时间时的最小耗费。

j可能比较费解。形象一点，由于剩下的是一些环，那么环一定是i的上行站->i的下行站->j的下行站->i的下行站->i的上行站。环一定是有些整体在i的前面，或者整体在i的后面，或者跨过i，j就是跨过i的环的数量。

然后枚举第i个站点的走法：（上行站或下行站）->邮戳台->（下行站或下行站）共四种；再加上直接从上行站->下行站（包括反向）的转移。因此一共是六种。

AC代码如下：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define N 3005
using namespace std;

int n,m; long long f

;
void dn(int &x,int y){ if (y<x) x=y; }
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m); int i,j,x,y,u,v;
memset(f,0x3f,sizeof(f));
f[0][0]=0;
for (i=1; i<=n; i++){
scanf("%d%d%d%d",&x,&y,&u,&v);
for (j=0; j<=n; j++) f[i-1][j]+=j*m<<1;
for (j=0; j<=n; j++){
if (j) f[i][j]=min(min(f[i-1][j-1],f[i][j-1])+y+u,f[i-1][j]+u+v);
if (j<n) f[i][j]=min(f[i][j],f[i-1][j+1]+x+v);
f[i][j]=min(f[i][j],f[i-1][j]+x+y);
}
for (j=n-1; j>=0; j--) f[i][j]=min(f[i][j],f[i][j+1]+x+v);
}
printf("%lld\n",f
[0]+(n+1)*m);
return 0;
}

by lych
2016.3.26