luogu 1990 覆盖墙壁 (状压dp)
2016-03-12 21:57
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题目描述 Description
你有一个长为N宽为2的墙壁,给你两种砖头:一个长2宽1,另一个是L型覆盖3个单元的砖头。如下图:
0 0
0 00
砖头可以旋转,两种砖头可以无限制提供。你的任务是计算用这两种来覆盖N*2的墙壁的覆盖方法。例如一个2*3的墙可以有5种覆盖方法,如下:
012 002 011 001 011
012 112 022 011 001
注意可以使用两种砖头混合起来覆盖,如2*4的墙可以这样覆盖:
0112
0012
给定N,要求计算2*N的墙壁的覆盖方法。由于结果很大,所以只要求输出最后4位。例如2*13的覆盖方法为13465,只需输出3465即可。如果答案少于4位,就直接输出就可以,不用加0,如N=3,时输出5。
输入输出格式 Input/output
输入格式:
一个整数N(1<=N<=1000000),表示墙壁的长。
输出格式:
输出覆盖方法的最后4位,如果不足4位就输出整个答案。
输入样例
13
输出样例
3465
题目链接:http://www.luogu.org/problem/show?pid=1990
题目分析:dp[i][j][]表示到第i列第i-1列状态为j,第i列状态为k时的方案数j和k是0-3,用二进制表示四种状态0表示上下都不放,1表示上放下不放,2表示上不放下放,3表示上下都放,然后枚举各种情况随便搞一搞
#include <cstdio>
int const MAX = 1000005;
int const MOD = 10000;
int dp[MAX][4][4];
void UP(int &x, int y)
{
x += y;
if(x >= MOD)
x -= MOD;
}
int main()
{
int n;
scanf("%d", &n);
if(n == 1)
printf("1\n");
else
{
dp[2][1][1] = 1;
dp[2][2][2] = 1;
dp[2][3][2] = 1;
dp[2][3][1] = 1;
dp[2][3][0] = 1;
dp[2][3][3] = 2;
for(int i = 3; i <= n; i++)
{
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][1]);
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][2]);
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][3]);
UP(dp[i][1][1], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][1][1], dp[i - 1][1][0]);
UP(dp[i][2][2], dp[i - 1][2][0]);
UP(dp[i][2][2], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][1], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][1], dp[i - 1][3][2]);
UP(dp[i][3][2], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][2], dp[i - 1][3][1]);
UP(dp[i][3][0], dp[i - 1][3][3]);
}
printf("%d\n", dp
[3][3]);
}
}
你有一个长为N宽为2的墙壁,给你两种砖头:一个长2宽1,另一个是L型覆盖3个单元的砖头。如下图:
0 0
0 00
砖头可以旋转,两种砖头可以无限制提供。你的任务是计算用这两种来覆盖N*2的墙壁的覆盖方法。例如一个2*3的墙可以有5种覆盖方法,如下:
012 002 011 001 011
012 112 022 011 001
注意可以使用两种砖头混合起来覆盖,如2*4的墙可以这样覆盖:
0112
0012
给定N,要求计算2*N的墙壁的覆盖方法。由于结果很大,所以只要求输出最后4位。例如2*13的覆盖方法为13465,只需输出3465即可。如果答案少于4位,就直接输出就可以,不用加0,如N=3,时输出5。
输入输出格式 Input/output
输入格式:
一个整数N(1<=N<=1000000),表示墙壁的长。
输出格式:
输出覆盖方法的最后4位,如果不足4位就输出整个答案。
输入样例
13
输出样例
3465
题目链接:http://www.luogu.org/problem/show?pid=1990
题目分析:dp[i][j][]表示到第i列第i-1列状态为j,第i列状态为k时的方案数j和k是0-3,用二进制表示四种状态0表示上下都不放,1表示上放下不放,2表示上不放下放,3表示上下都放,然后枚举各种情况随便搞一搞
#include <cstdio>
int const MAX = 1000005;
int const MOD = 10000;
int dp[MAX][4][4];
void UP(int &x, int y)
{
x += y;
if(x >= MOD)
x -= MOD;
}
int main()
{
int n;
scanf("%d", &n);
if(n == 1)
printf("1\n");
else
{
dp[2][1][1] = 1;
dp[2][2][2] = 1;
dp[2][3][2] = 1;
dp[2][3][1] = 1;
dp[2][3][0] = 1;
dp[2][3][3] = 2;
for(int i = 3; i <= n; i++)
{
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][1]);
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][2]);
UP(dp[i][3][3], dp[i - 1][3][3]);
UP(dp[i][1][1], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][1][1], dp[i - 1][1][0]);
UP(dp[i][2][2], dp[i - 1][2][0]);
UP(dp[i][2][2], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][1], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][1], dp[i - 1][3][2]);
UP(dp[i][3][2], dp[i - 1][3][0]);
UP(dp[i][3][2], dp[i - 1][3][1]);
UP(dp[i][3][0], dp[i - 1][3][3]);
}
printf("%d\n", dp
[3][3]);
}
}
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