CDOJ 1277 智商杯考试 每周一题 div2 二分+数学
2016-02-26 11:28
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智商杯考试
题目连接:
http://acm.uestc.edu.cn/#/problem/show/1277Description
你是一个挂科选手。你现在正在考试,你很方。
你参加的考试叫做智商杯考试。
这个考试很奇怪,考试一开始就把所有答案全部发给你了,但是并不告诉你答案和考试题目的对应关系,也就是说你根本不知道这个答案是哪个题目的。
由于智商低的原因,你根本看不懂题目,所以从题目来推断答案究竟属于哪个题目是不可能的……
但是别慌,你可以向监考老师提问嘛。
智商杯的监考老师可是很人道的哦。
他允许你一次性最多问m个答案的对应关系,他会告诉你这m个答案对应哪m道题,当然,他不会告诉你具体的对应关系。 比如:
你可以问:1,2,3号答案对应哪些问题? 监考老师说:对应3,7,9号问题。 假设你比较蛋疼,你问:1,1,2,3号对应哪些问题? 监考老师说:对应3,7,9号问题。
现在问题来了,考试一共有n道问题,你每次提问最多提及m个答案,你需要最少问多少次呢?
Input
两个整数,1<=n,m<=1e9。Output
输出一个整数,表示最少询问次数。Sample Input
15 4Sample Output
6Hint
题意
题解:
每周一题 题解div2 智商杯考试
首先这道题正面想比较麻烦。
现在我们假设你知道了MaxN(m,k),即表示每次最多提及m个问题,我询问k次,最多知道多少个答案和题目对应的这个函数。
那么我直接二分答案就好了
只要解决了MaxN(m,k),那么原题就解决了。
然后怎么去处理这个呢?
我们这样想,我们一开始有n个k位二进制数,如果在第i轮回答中提及到了第j个问题的话,那么就令第j个二进制数的第i位为1。
分析一下样例一,n = 4,k = 2,m = 2的情况:
1 0 1 0
1 1 0 0
可以看到第一个问题的序列是11,第二个问题的序列是01,第三个是10,第四个是00
由于这些二进制数都不一样,因此你能分辨出来。
只要我们最后的n个k位二进制数全部不一样,你就能分辨。
这个证明也很简单,如果有两个二进制数相同的话,那么肯定就可以交换着两个的问题的对应关系了。
那么我们怎么去询问,才能使得1的个数尽量少,且问的问题多呢?
贪心。
C(k,0)个问题,我不提及;C(k,1)个问题,我就只提及一次;C(k,2)个问题,我提及两次........C(k,r)个问题,我提及r次。
这样,最后的矩阵构造是这样的:
0 1 0 0 1 1 ... 1
0 0 1 0 1 0 ... 1
0 0 0 1 0 1 ... 1
. . . . . . ... 1
. . . . . . ... 1
0 0 0 0 0 0 ... 1
然后最后再Check一下整个矩阵的1的个数是否超过k*m,。
于是,这道题就解决了!
有人问,为什么我们只用check总共1的个数是否超过k*m,而不去check每一行的1的个数是否超过m。
其实你去check两个也是可以的,这个复杂度在本题也是可以接受的。
但是为什么呢?
证明如下:
假设我们满足总共1的个数不超过k*m,但是存在某一些位的1的个数超过了m。
那么必然存在一些位的1的个数少于m。
我们选择其中一个超过m的位X,选择其中一个少于m的位Y。
然后我们再从n个串中找到x个在X位为1,Y位为0的串,找到y个在X位中为0,Y位中为1的串。
也是显然知道x>y。
对于x个串,我们都将第X位置成0,Y位置成1,显然这x个串仍然都是各不相同的,且最多在y串中找到一个和他相同的。
因为x>y,所以肯定能够找到一个串是在y串没有与之对应的,那么我们只要变这个串就好了。
这样我们就得到了,X位置的1的总数-1,Y位置的1的总数+1了。
这样总共1的个数是没有变的。
所以只要满足总共1的个数不要超过k*m就好了。
代码
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,m; int check(long long k) { if(k<=30&&n>(1<<k))return 0; long long t = 1LL*k*m; long long N = n; long long C = 1; long long ans = 0; for(int i=0;N>0;i++) { long long p = min(C,N); N-=p; ans+=p*i; C = C*(k-i)/(i+1); //cout<<i<<" "<<N<<" "<<p<<endl; } return ans<=t?1:0; } int main() { scanf("%d%d",&n,&m); int l = 0,r = n; int ans = 0; while(l<=r) { int mid = (l+r)/2; if(check(mid))r=mid-1,ans=mid; else l=mid+1; } cout<<ans<<endl; }
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