蓝桥网算法提高 学霸的迷宫
2016-02-21 12:36
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算法提高 学霸的迷宫
时间限制:1.0s 内存限制:256.0MB
问题描述
学霸抢走了大家的作业,班长为了帮同学们找回作业,决定去找学霸决斗。但学霸为了不要别人打扰,住在一个城堡里,城堡外面是一个二维的格子迷宫,要进城堡必须得先通过迷宫。因为班长还有妹子要陪,磨刀不误砍柴功,他为了节约时间,从线人那里搞到了迷宫的地图,准备提前计算最短的路线。可是他现在正向妹子解释这件事情,于是就委托你帮他找一条最短的路线。
输入格式
第一行两个整数n, m,为迷宫的长宽。
接下来n行,每行m个数,数之间没有间隔,为0或1中的一个。0表示这个格子可以通过,1表示不可以。假设你现在已经在迷宫坐标(1,1)的地方,即左上角,迷宫的出口在(n,m)。每次移动时只能向上下左右4个方向移动到另外一个可以通过的格子里,每次移动算一步。数据保证(1,1),(n,m)可以通过。
输出格式
第一行一个数为需要的最少步数K。
第二行K个字符,每个字符∈{U,D,L,R},分别表示上下左右。如果有多条长度相同的最短路径,选择在此表示方法下字典序最小的一个。
样例输入
Input Sample 1:
3 3
001
100
110
Input Sample 2:
3 3
000
000
000
样例输出
Output Sample 1:
4
RDRD
Output Sample 2:
4
DDRR
数据规模和约定
有20%的数据满足:1<=n,m<=10
有50%的数据满足:1<=n,m<=50
有100%的数据满足:1<=n,m<=500。
这一题是经典的广度优先搜索例子,题目中增加了打印路径,就得增加父亲数组记录父亲节点,另外按最小字典序来打印路径就得在每个节点处按‘D’, “L‘, ’R‘, ’U‘顺序遍历
没有写注释,初学bfs的看起来可能会吃力,思想不难
时间限制:1.0s 内存限制:256.0MB
问题描述
学霸抢走了大家的作业,班长为了帮同学们找回作业,决定去找学霸决斗。但学霸为了不要别人打扰,住在一个城堡里,城堡外面是一个二维的格子迷宫,要进城堡必须得先通过迷宫。因为班长还有妹子要陪,磨刀不误砍柴功,他为了节约时间,从线人那里搞到了迷宫的地图,准备提前计算最短的路线。可是他现在正向妹子解释这件事情,于是就委托你帮他找一条最短的路线。
输入格式
第一行两个整数n, m,为迷宫的长宽。
接下来n行,每行m个数,数之间没有间隔,为0或1中的一个。0表示这个格子可以通过,1表示不可以。假设你现在已经在迷宫坐标(1,1)的地方,即左上角,迷宫的出口在(n,m)。每次移动时只能向上下左右4个方向移动到另外一个可以通过的格子里,每次移动算一步。数据保证(1,1),(n,m)可以通过。
输出格式
第一行一个数为需要的最少步数K。
第二行K个字符,每个字符∈{U,D,L,R},分别表示上下左右。如果有多条长度相同的最短路径,选择在此表示方法下字典序最小的一个。
样例输入
Input Sample 1:
3 3
001
100
110
Input Sample 2:
3 3
000
000
000
样例输出
Output Sample 1:
4
RDRD
Output Sample 2:
4
DDRR
数据规模和约定
有20%的数据满足:1<=n,m<=10
有50%的数据满足:1<=n,m<=50
有100%的数据满足:1<=n,m<=500。
这一题是经典的广度优先搜索例子,题目中增加了打印路径,就得增加父亲数组记录父亲节点,另外按最小字典序来打印路径就得在每个节点处按‘D’, “L‘, ’R‘, ’U‘顺序遍历
没有写注释,初学bfs的看起来可能会吃力,思想不难
# include <stdio.h> # include <string.h> # include <iostream> # include <queue> using namespace std; int n, m; char ans[100000]; int x[4]={-1, 0, 0, 1}; int y[4]={0, 1, -1, 0}; queue<int> q; int vis[510][510]; int direct[510][510]; int g[510][510]; int d[510][510]; int father[510][510]; int main(){ int i, j, k, r, c; char s[510]; int no; memset(g, -1, sizeof(g)); scanf("%d%d", &n, &m); getchar(); for(i=1; i<=n; i++){ scanf("%s", s); for(j=0; j<=m-1; j++){ g[i][j+1]=s[j]-'0'; } } d[1][1]=0; no=0; q.push(no); memset(vis, 0, sizeof(vis)); vis[1][1]=1; memset(direct, -1, sizeof(direct)); while(!q.empty()){ no=q.front(); q.pop(); r=no/m+1;c=no%m+1; for(i=3; i>=0; i--){ if(g[r+x[i]][c+y[i]]==0){ if(vis[r+x[i]][c+y[i]]==0){ vis[r+x[i]][c+y[i]]=1; d[r+x[i]][c+y[i]]=d[r][c]+1; father[r+x[i]][c+y[i]]=no; direct[r+x[i]][c+y[i]]=i; q.push((r+x[i]-1)*m+c+y[i]-1); } else{ if(d[r+x[i]][c+y[i]]>d[r][c]+1){ d[r+x[i]][c+y[i]]=d[r][c]+1; father[r+x[i]][c+y[i]]=no; direct[r+x[i]][c+y[i]]=i; q.push((r+x[i]-1)*m+c+y[i]-1); } } } } } r=n, c=m; int count=0; while(!(r==1&&c==1)){ if(direct[r][c]==0){ ans[count++]='U'; } else if(direct[r][c]==1){ ans[count++]='R'; } else if(direct[r][c]==2){ ans[count++]='L'; } else{ ans[count++]='D'; } no=father[r][c]; r=no/m+1;c=no%m+1; } printf("%d\n", d [m]); for(i=count-1; i>=0; i--){ printf("%c", ans[i]); } return 0; }
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