COGS495窗口
2016-02-03 08:23
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窗口
★☆ 输入文件:window.in 输出文件:window.out 简单对比
时间限制:2 s 内存限制:256 MB
【问题描述】
给你一个长度为N的数组,一个长为K的滑动的窗体从最左移至最右端,你只能见到窗口的K个数,每次窗体向右移动一位,如下表:
Window position Min value Max value
[1 3 -1] -3 5 3 6 7 -1 3
1 [3 -1 -3] 5 3 6 7 -3 3
1 3 [-1 -3 5]3 6 7 -3 5
1 3 -1 [-3 5 3] 6 7 -3 5
1 3 -1 -3 [5 3 6] 7 3 6
1 3 -1 -3 5 [3 6 7 ] 3 7
你的任务是找出窗口在各位置时的max value,min value.
输入格式:
第一行n,k,第二行为长度为n的数组
输出格式:
第一行每个位置的min value,第二行每个位置的max value
样例 :
window.in
8 3
1 3 -1 -3 5 3 6 7
window.out
-1 -3 -3 -3 3 3
3 3 5 5 6 7
数据范围:
20%:n≤500; 50%:n≤100000;
100%:n≤1000000;
ST表,开两个,分别求最大值和最小值。。
用线段树第九个点会T掉,个人经历的教训。。
也可以用单调队列,求完第一组把最大最小值与加进来的数进行比较。。
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【问题描述】
给你一个长度为N的数组,一个长为K的滑动的窗体从最左移至最右端,你只能见到窗口的K个数,每次窗体向右移动一位,如下表:
Window position Min value Max value
[1 3 -1] -3 5 3 6 7 -1 3
1 [3 -1 -3] 5 3 6 7 -3 3
1 3 [-1 -3 5]3 6 7 -3 5
1 3 -1 [-3 5 3] 6 7 -3 5
1 3 -1 -3 [5 3 6] 7 3 6
1 3 -1 -3 5 [3 6 7 ] 3 7
你的任务是找出窗口在各位置时的max value,min value.
输入格式:
第一行n,k,第二行为长度为n的数组
输出格式:
第一行每个位置的min value,第二行每个位置的max value
样例 :
window.in
8 3
1 3 -1 -3 5 3 6 7
window.out
-1 -3 -3 -3 3 3
3 3 5 5 6 7
数据范围:
20%:n≤500; 50%:n≤100000;
100%:n≤1000000;
ST表,开两个,分别求最大值和最小值。。
用线段树第九个点会T掉,个人经历的教训。。
也可以用单调队列,求完第一组把最大最小值与加进来的数进行比较。。
#include<cstdio> #include<cmath> #include<iostream> using namespace std; int m,a[1000001],f1[1000001][21],n,q,i,k,j,f2[1000001][21],maxn[1000001],t=0; int rmq1(int l,int r) { m=log(r-l+1)/log(2); return min(f1[l][m],f1[r-(1<<m)+1][m]); } int rmq2(int l,int r) { m=log(r-l+1)/log(2); return max(f2[l][m],f2[r-(1<<m)+1][m]); } int main() { freopen("window.in","r",stdin); freopen("window.out","w",stdout); scanf("%d %d",&n,&k); for (i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]); for (i=1;i<=n;i++) { f1[i][0]=a[i]; f2[i][0]=a[i]; } m=log(n)/log(2); for (i=1;i<=m;i++) for (j=n;j>=1;j--) { f1[j][i]=f1[j][i-1]; if (j+(1<<(i-1))<=n) f1[j][i]=min(f1[j][i],f1[j+(1<<(i-1))][i-1]); } for (i=1;i<=m;i++) for (j=n;j>=1;j--) { f2[j][i]=f2[j][i-1]; if (j+(1<<(i-1))<=n) f2[j][i]=max(f2[j][i],f2[j+(1<<(i-1))][i-1]); } for (i=1;i<=n-k+1;i++) { printf("%d ",rmq1(i,i+k-1)); t++; maxn[t]=rmq2(i,i+k-1); } printf("\n"); for (i=1;i<=t;i++) printf("%d ",maxn[i]); fclose(stdin); fclose(stdout); return 0; }
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