BestCoder Round #70(B)dp(STL bitset的妙用)
2016-02-01 21:01
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Jam's balance
Accepts: 143
Submissions: 880
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)
Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)
问题描述
Jam有NN个砝码和一个没有游标的天平,现在给他(1 \leq N \leq 20)(1≤N≤20)个砝码,砝码可以放左边,也可以放右边,问可不可以测出所问的重量, 问的个数为(1 \leq M \leq 100)(1≤M≤100)个.
输入描述
第一行T(1 \leq T \leq 5)T(1≤T≤5),表示TT组数据。 接下来TT组数据: 接下来第一行一个数NN,表示砝码个数。 接下来第二行NN个数,表示砝码们的重量(1 \leq w_i \leq 100)(1≤wi≤100)。 接下来第三行一个数MM,表示询问个数。 接下来MM行每行一个数kk,表示一个询问。
输出描述
对于每组数据,输出"YES"或者"NO"
输入样例
1 2 1 4 3 2 4 5
输出样例
NO YES YES
Hint
单独放4,可以测出重量为4的 在同一边放4,1,可以测出重量为5的
题解:
可以使用STL bitset表示状态,因为最大和不会超过2000,那么我们只需要开4000的位数去表示
这一题表示有三种状态:
1。不放 dp
2。放在左边 dp<<a[i]
3。放在右边,而放在右边就相当在左边减去了这个物品,那么就是dp>>a[i]
也可以使用0-1背包
官方题解:
这道题可以放左边,可以放右边,N=20N=20显然每种状态都枚举是不太现实的,因为每组砝码都可以变成很多种重量,当然也不排除有人乱搞过了这一题,其实这道题是一道贪心的思想,我们看到ww不大,所以可以用0101背包扫一次,当然这还是不够的,这只能放一边,考虑到可以放另一边,就是可以有减的关系,所以反着再背包一遍,注意要判断边界。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<bitset>
using namespace std;
#define N 1000
int a
;
#define offset 2005
int main()
{
#ifdef CDZSC
freopen("i.txt","r",stdin);
#endif
int m,t,n,k;
scanf("%d",&t);
while(t--)
{
scanf("%d",&n);
for(int i=0;i<n;i++)scanf("%d",a+i);
scanf("%d",&m);
bitset<4010>dp;
dp[2005]=1;
for(int i=0;i<n;i++)
{
dp=dp|(dp<<a[i])|(dp>>a[i]);
}
while(m--)
{
scanf("%d",&k);
if(dp[offset+k]||dp[offset-k])puts("YES");
else puts("NO");
}
}
return 0;
}
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