hdoj 4824 Disk Schedule 【TSP】
2016-01-14 20:23
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Disk Schedule
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 384 Accepted Submission(s): 176
Problem Description
有很多从磁盘读取数据的需求,包括顺序读取、随机读取。为了提高效率,需要人为安排磁盘读取。然而,在现实中,这种做法很复杂。我们考虑一个相对简单的场景。
磁盘有许多轨道,每个轨道有许多扇区,用于存储数据。当我们想在特定扇区来读取数据时,磁头需要跳转到特定的轨道、具体扇区进行读取操作。为了简单,我们假设磁头可以在某个轨道顺时针或逆时针匀速旋转,旋转一周的时间是360个单位时间。磁头也可以随意移动到某个轨道进行读取,每跳转到一个相邻轨道的时间为400个单位时间,跳转前后磁头所在扇区位置不变。一次读取数据的时间为10个单位时间,读取前后磁头所在的扇区位置不变。磁头同时只能做一件事:跳转轨道,旋转或读取。
现在,需要在磁盘读取一组数据,假设每个轨道至多有一个读取请求,这个读取的扇区是轨道上分布在 0到359内的一个整数点扇区,即轨道的某个360等分点。磁头的起始点在0轨道0扇区,此时没有数据读取。在完成所有读取后,磁头需要回到0轨道0扇区的始点位置。请问完成给定的读取所需的最小时间。
Input
输入的第一行包含一个整数M(0<M<=100),表示测试数据的组数。
对于每组测试数据,第一行包含一个整数N(0<N<=1000),表示要读取的数据的数量。之后每行包含两个整数T和S(0<T<=1000,0<= S<360),表示每个数据的磁道和扇区,磁道是按升序排列,并且没有重复。
Output
对于每组测试数据,输出一个整数,表示完成全部读取所需的时间。
Sample Input
3
1
1 10
3
1 20
3 30
5 10
2
1 10
2 11
Sample Output
830
4090
1642
思路:把磁盘0当做起点,共n+1个点,然后就是TSP问题了。
AC代码:
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <cstdlib> #include <algorithm> #include <queue> #include <stack> #include <map> #include <set> #include <vector> #include <string> #define INF 0x3f3f3f3f #define eps 1e-8 #define MAXN (1000+10) #define MAXM (200000+10) #define Ri(a) scanf("%d", &a) #define Rl(a) scanf("%lld", &a) #define Rf(a) scanf("%lf", &a) #define Rs(a) scanf("%s", a) #define Pi(a) printf("%d\n", (a)) #define Pf(a) printf("%.2lf\n", (a)) #define Pl(a) printf("%lld\n", (a)) #define Ps(a) printf("%s\n", (a)) #define W(a) while(a--) #define CLR(a, b) memset(a, (b), sizeof(a)) #define MOD 1000000007 #define LL long long #define lson o<<1, l, mid #define rson o<<1|1, mid+1, r #define ll o<<1 #define rr o<<1|1 #define PI acos(-1.0) using namespace std; struct Node{ int T, S; }; Node num[MAXN]; int dis(int i, int j){ return (num[j].T-num[i].T)*400 + min(abs(num[i].S-num[j].S), 360-abs(num[i].S-num[j].S)); } int dp[MAXN][MAXN], dist[MAXN][MAXN]; int main() { int t; Ri(t); W(t) { int n; Ri(n); num[1].T = 0, num[1].S = 0; n++; for(int i = 2; i <= n; i++) Ri(num[i].T), Ri(num[i].S); for(int i = 1; i <= n; i++) for(int j = i+1; j <= n; j++) dist[i][j] = dis(i, j); dp[1][2] = dist[1][2]; for(int j = 3; j <= n; j++) { for(int i = 1; i < j-1; i++) dp[i][j] = dp[i][j-1] + dist[j-1][j]; dp[j-1][j] = INF; for(int k = 1; k < j-1; k++) dp[j-1][j] = min(dp[j-1][j], dp[k][j-1] + dist[k][j]); } Pi(dp[n-1] + dist[n-1] + 10*(n-1)); } return 0; }
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