【tyvj1039】忠诚2

描述

    老管家是一个聪明能干的人。他为财主工作了整整10年，财主为了让自已账目更加清楚。要求管家每天记k次账，由于管家聪明能干，因而管家总是让财主十分满意。但是由于一些人的挑拨，财主还是对管家产生了怀疑。于是他决定用一种特别的方法来判断管家的忠诚，他把每次的账目按1，2，3…编号，然后不定时的问管家问题，问题是这样的：在a到b号账中最少的一笔是多少？为了让管家没时间作假他总是一次问多个问题。

     在询问过程中账本的内容可能会被修改

输入格式

输入中第一行有两个数m,n表示有m(m<=100000)笔账,n表示有n个问题，n<=100000。

接下来每行为3个数字，第一个p为数字1或数字2，第二个数为x，第三个数为y

当p=1 则查询x,y区间

当p=2 则改变第x个数为y

输出格式

输出文件中为每个问题的答案。具体查看样例。

测试样例1

输入

10 3 

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 

1 2 7 

2 2 0 

1 1 10

输出

2 0

【题解】

线段树维护最小值

【代码】

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define inf 2100000000
using namespace std;
int n,m,ans,lrange,rrange,x,v,ty;
int a[100005],sum[300005];
inline void update(int now){
sum[now]=min(sum[now<<1],sum[(now<<1)+1]);
}
inline void build(int now,int l,int r){
int mid=(l+r)>>1;
if (l==r){
sum[now]=a[l]; return;
}
build(now<<1,l,mid);
build((now<<1)+1,mid+1,r);
update(now);
}
inline void point_change(int now,int l,int r,int x,int v){
int mid=(l+r)>>1;
if (l==r){
sum[now]=v; return;
}
if (x<=mid)
point_change(now<<1,l,mid,x,v);
else
point_change((now<<1)+1,mid+1,r,x,v);
update(now);
}
inline int query(int now,int l,int r,int lrange,int rrange){
int mid=(l+r)>>1,ans=inf;
if (lrange<=l&&r<=rrange) return sum[now];
if (lrange<=mid)
ans=min(ans,query(now<<1,l,mid,lrange,rrange));
if (mid+1<=rrange)
ans=min(ans,query((now<<1)+1,mid+1,r,lrange,rrange));
return ans;
}
int main(){
freopen("a.in","r",stdin);
freopen("a.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&n,&m);
for (int i=1;i<=n;++i) scanf("%d",&a[i]);
build(1,1,n);
for (int i=1;i<m;++i){
scanf("%d",&ty);
if (ty==1){
scanf("%d%d",&lrange,&rrange);
ans=query(1,1,n,lrange,rrange);
printf("%d ",ans);
}
if (ty==2){
scanf("%d%d",&x,&v);
point_change(1,1,n,x,v);
}
}
scanf("%d",&ty);
if (ty==1){
scanf("%d%d",&lrange,&rrange);
ans=query(1,1,n,lrange,rrange);
printf("%d\n",ans);
}
if (ty==2){
scanf("%d%d",&x,&v);
point_change(1,1,n,x,v);
}
}