hdu1166 敌兵布阵(线段树)
2015-12-11 11:07
549 查看
敌兵布阵
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 64143 Accepted Submission(s): 27036
[align=left]Problem Description[/align]
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
[align=left]Input[/align]
第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
[align=left]Output[/align]
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
[align=left]Sample Input[/align]
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
[align=left]Sample Output[/align]
Case 1:
6
33
59
[align=left]Author[/align]
Windbreaker
分析:最基础的线段树入门题,属于模板题,每次更新节点就行了。
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <stack> #include <queue> #include <map> #include <set> #include <vector> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; const double eps = 1e-6; const double pi = acos(-1.0); const int INF = 0x3f3f3f3f; const int MOD = 1000000007; #define ll long long #define CL(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) #define MAXN 100010 struct node { int a,b,sum; }t[400010]; int ans, r[500010]; void build(int x, int y, int num) { t[num].a = x; t[num].b = y; if(x == y) t[num].sum = r[y]; else { int mid = (x+y)/2; build(x, mid, num*2); build(mid+1, y, num*2+1); t[num].sum = t[num*2].sum + t[num*2+1].sum; } } void add(int x, int y, int num) { if(t[num].a == x && t[num].b == x) { t[num].sum += y; return ; } int mid = (t[num].a+t[num].b)/2; if(x > mid) add(x, y, num*2+1); else add(x, y, num*2); t[num].sum = t[num*2].sum + t[num*2+1].sum; } void sub(int x, int y, int num) { if(t[num].a == x && t[num].b == x) { t[num].sum -= y; return ; } int mid = (t[num].a+t[num].b)/2; if(x > mid) sub(x, y, num*2+1); else sub(x, y, num*2); t[num].sum = t[num*2].sum + t[num*2+1].sum; } void query(int x, int y, int num) { if(t[num].a == x && t[num].b == y) { ans += t[num].sum; return ; } int mid = (t[num].a+t[num].b)/2; if(y <= mid) query(x, y, num*2); else if(x >= mid+1) query(x, y, num*2+1); else { query(x, mid, num*2); query(mid+1, y, num*2+1); } } int main() { int T,n; char str[6]; scanf("%d",&T); for(int cas=1; cas<=T; cas++) { int x,y; scanf("%d",&n); r[0] = 0; for(int i=1; i<=n; i++) scanf("%d",&r[i]); build(1, n, 1); printf("Case %d:\n",cas); while(scanf("%s",str)==1) { //scanf("%d%d",&x,&y); if(strcmp(str, "End")==0) break; else if(strcmp(str, "Add")==0) { scanf("%d%d",&x,&y); add(x, y, 1); } else if(strcmp(str, "Sub")==0) { scanf("%d%d",&x,&y); sub(x, y, 1); } else if(strcmp(str, "Query")==0) { scanf("%d%d",&x,&y); ans = 0; query(x, y, 1); printf("%d\n",ans); } } } return 0; }
相关文章推荐
- PE总结12---PE文件结构之资源表 (IMAGE_RESOURCE_DIRECTORY)
- CABasicAnimation *animationGroup
- [MFC]CListView列表视图
- C#中WriteLine与Write的区别
- Happy Number
- iphone 与 ipad -- UIPopoverPresentationViewController
- Hive分析窗口函数(五) GROUPING SETS,GROUPING__ID,CUBE,ROLLUP
- 2.hadoop配置信息处理
- socket编程服务器客户端例子
- Android 内存优化 Bitmap
- Swift - 闭包的介绍及用法(以数组排序为例)
- V210 时区
- 深入理解SELinux SEAndroid之二
- 系统通讯录获取联系人
- 7.2 定时器的第三个参数
- Mysql连接出错问题
- Jquery_jquery中attr和prop的区别
- 1.hadoop的认识
- Quartz
- OpenSceneGraph几个重要功能节点练习