数位DP-HDU-2089-不要62
2015-10-30 00:10
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不要62
Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 27292 Accepted Submission(s): 9573
Problem Description
杭州人称那些傻乎乎粘嗒嗒的人为62(音:laoer)。
杭州交通管理局经常会扩充一些的士车牌照,新近出来一个好消息,以后上牌照,不再含有不吉利的数字了,这样一来,就可以消除个别的士司机和乘客的心理障碍,更安全地服务大众。
不吉利的数字为所有含有4或62的号码。例如:
62315 73418 88914
都属于不吉利号码。但是,61152虽然含有6和2,但不是62连号,所以不属于不吉利数字之列。
你的任务是,对于每次给出的一个牌照区间号,推断出交管局今次又要实际上给多少辆新的士车上牌照了。
Input
输入的都是整数对n、m(0 < n ≤ m < 1000000),如果遇到都是0的整数对,则输入结束。
Output
对于每个整数对,输出一个不含有不吉利数字的统计个数,该数值占一行位置。
Sample Input
1 100
0 0
Sample Output
80
人生中第二道数位DP。
这一题我的做法和上一题那个49数位DP不一样。
我用dp[i][num]来存长度为i的以num为开头的满足题意的数的个数。
说起来有点绕,实际就是以num(0~9)作为开头并且数位长度为i的数中,满足题意的数的个数。
那么dp[i][num]在num等于4时,直接等于0;
在num等于6时,dp[i][num]=sum(dp[i-1][0~1,3~9]);
其他情况,dp[i][num]=sum(dp[i-1][0~9])。
那么对于一个区间(n,m),我们分别求出0~n-1对应的满足个数和0~m对应的满足个数,进行相减后输出。
那么对于一个数N,先将按数码其存入数组num[],长度为size,记其满足题意的数的个数为sum,初始值为0,然后从高位开始处理。
对于处理第i位数,先看看之前是否出现过62或者是4,如果有的话就不用继续了;如果没有,那应该首先加上小于num[i]x10^i中满足题意的数,即先加sum(dp[i][0~num[i]-1);然后看看该位是否为4或者说能否与上一位构成62,如果能的话,立flag。
处理到第1位就OK了,不过由于处理方式,所以在代入值时,要代N+1而不是N。
最后right-left,输出。
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Problem Description
杭州人称那些傻乎乎粘嗒嗒的人为62(音:laoer)。
杭州交通管理局经常会扩充一些的士车牌照,新近出来一个好消息,以后上牌照,不再含有不吉利的数字了,这样一来,就可以消除个别的士司机和乘客的心理障碍,更安全地服务大众。
不吉利的数字为所有含有4或62的号码。例如:
62315 73418 88914
都属于不吉利号码。但是,61152虽然含有6和2,但不是62连号,所以不属于不吉利数字之列。
你的任务是,对于每次给出的一个牌照区间号,推断出交管局今次又要实际上给多少辆新的士车上牌照了。
Input
输入的都是整数对n、m(0 < n ≤ m < 1000000),如果遇到都是0的整数对,则输入结束。
Output
对于每个整数对,输出一个不含有不吉利数字的统计个数,该数值占一行位置。
Sample Input
1 100
0 0
Sample Output
80
人生中第二道数位DP。
这一题我的做法和上一题那个49数位DP不一样。
我用dp[i][num]来存长度为i的以num为开头的满足题意的数的个数。
说起来有点绕,实际就是以num(0~9)作为开头并且数位长度为i的数中,满足题意的数的个数。
那么dp[i][num]在num等于4时,直接等于0;
在num等于6时,dp[i][num]=sum(dp[i-1][0~1,3~9]);
其他情况,dp[i][num]=sum(dp[i-1][0~9])。
那么对于一个区间(n,m),我们分别求出0~n-1对应的满足个数和0~m对应的满足个数,进行相减后输出。
那么对于一个数N,先将按数码其存入数组num[],长度为size,记其满足题意的数的个数为sum,初始值为0,然后从高位开始处理。
对于处理第i位数,先看看之前是否出现过62或者是4,如果有的话就不用继续了;如果没有,那应该首先加上小于num[i]x10^i中满足题意的数,即先加sum(dp[i][0~num[i]-1);然后看看该位是否为4或者说能否与上一位构成62,如果能的话,立flag。
处理到第1位就OK了,不过由于处理方式,所以在代入值时,要代N+1而不是N。
最后right-left,输出。
// // main.cpp // 数位DP-C-不要62 // // Created by 袁子涵 on 15/10/29. // Copyright © 2015年 袁子涵. All rights reserved. // // 0ms 1564KB #include <iostream> #include <stdio.h> #include <string.h> #include <stdlib.h> #include <math.h> #include <algorithm> using namespace std; long long int n,m; long long int dp[10][10]; void handle() { for (int i=0; i<10; i++) if (i!=4) dp[1][i]=1; for (int i=2; i<=9; i++) { for (int j=0; j<=9; j++) { dp[i][j]=0; if (j==4) { dp[i][j]=0; continue; } else { if (j==6) { for (int k=0; k<=9; k++) { if (k==2) continue; dp[i][j]+=dp[i-1][k]; } } else for (int k=0; k<=9; k++) dp[i][j]+=dp[i-1][k]; } } } } long long int DP(long long int N) { char num[10]; memset(num, 0, sizeof(num)); int size=0; long long int sum=0; while (N) { num[++size]=N%10; N/=10; } bool flag=0; for (int i=size; i>=1; i--) { if (flag) break; for (int j=num[i]-1; j>=0; j--) { if (num[i+1]==6 && j==2) { continue; } sum+=dp[i][j]; } if (num[i]==4 || (num[i]==2 && num[i+1]==6)) flag=1; } return sum; } int main(int argc, const char * argv[]) { memset(dp, 0, sizeof(dp)); handle(); while (scanf("%lld%lld",&n,&m)!=EOF && (m!=0 || n!=0)) { long long int right,left; right=DP(m+1); left=DP(n); printf("%lld\n",right-left); } return 0; }
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