NOIP2013 花匠
2015-10-07 20:10
232 查看
2.花匠
(flower.cpp/c/pas)
【问题描述】
花匠栋栋种了一排花,每株花都有自己的高度。花儿越长越大,也越来越挤。栋栋决定把这排中的一部分花移走,将剩下的留在原地,使得剩下的花能有空间长大,同时,栋栋希望剩下的花排列得比较别致。
具体而言,栋栋的花的高度可以看成一列整数ℎ1, ℎ2, … , ℎn。设当一部分花被移走后,剩下的花的高度依次为g1, g2, … , gm,则栋栋希望下面两个条件中至少有一个满足:
条件 A:对于所有的1≤i≤,有g2i > g2i-1,同时对于所有的1≤i≤,有g2i > g2i+1;
条件 B:对于所有的1≤i≤,有g2i < g2i-1,同时对于所有的1≤i≤,有g2i < g2i+1。
注意上面两个条件在 m = 1时同时满足,当 m > 1时最多有一个能满足。
请问,栋栋最多能将多少株花留在原地。
【输入】
输入文件为 flower.in。
输入的第一行包含一个整数,表示开始时花的株数。
第二行包含个整数,依次为ℎ1, ℎ2, … , ℎn,表示每株花的高度。
【输出】
输出文件为 flower.out。
输出一行,包含一个整数,表示最多能留在原地的花的株数。
【输入输出样例】
【输入输出样例说明】
有多种方法可以正好保留 3 株花,例如,留下第 1、4、5 株,高度分别为 5、1、2,满足条件 B。
【数据范围】
对于 20%的数据,n ≤ 10;
对于 30%的数据,n ≤ 25;
对于 70%的数据,n ≤ 1000,0 ≤ ℎn≤ 1000;
对于 100%的数据,1 ≤ n ≤ 100,000,0 ≤ ℎn≤ 1,000,000,所有的ℎn随机生成,所有随机数服从某区间内的均匀分布。
【思路】
DP
O(n^2)的方法:
D[i][s]表示以i为终点且目前是波动序列的s状态的最大株树。
D[i][s]=max{d[j][!s]+1 (s==0&&A[j]>A[i]) ||(s==1&&A[j]<A[i])}
O(nlogn)的方法:
BIT加速状态转移。
O(n)的方法:
定义d[i][s]为到i为止目前是波动序列s状态的最大株树。所以d[i][]只用从d[i-1][]转移,详见代码。
可见动态规划对于状态的定义不同时间性上也会产生差异。
【代码O(n^2)】
【代码O(n)】
(flower.cpp/c/pas)
【问题描述】
花匠栋栋种了一排花,每株花都有自己的高度。花儿越长越大,也越来越挤。栋栋决定把这排中的一部分花移走,将剩下的留在原地,使得剩下的花能有空间长大,同时,栋栋希望剩下的花排列得比较别致。
具体而言,栋栋的花的高度可以看成一列整数ℎ1, ℎ2, … , ℎn。设当一部分花被移走后,剩下的花的高度依次为g1, g2, … , gm,则栋栋希望下面两个条件中至少有一个满足:
条件 A:对于所有的1≤i≤,有g2i > g2i-1,同时对于所有的1≤i≤,有g2i > g2i+1;
条件 B:对于所有的1≤i≤,有g2i < g2i-1,同时对于所有的1≤i≤,有g2i < g2i+1。
注意上面两个条件在 m = 1时同时满足,当 m > 1时最多有一个能满足。
请问,栋栋最多能将多少株花留在原地。
【输入】
输入文件为 flower.in。
输入的第一行包含一个整数,表示开始时花的株数。
第二行包含个整数,依次为ℎ1, ℎ2, … , ℎn,表示每株花的高度。
【输出】
输出文件为 flower.out。
输出一行,包含一个整数,表示最多能留在原地的花的株数。
【输入输出样例】
flower.in | flower.out |
5 5 3 2 1 2 | 3 |
有多种方法可以正好保留 3 株花,例如,留下第 1、4、5 株,高度分别为 5、1、2,满足条件 B。
【数据范围】
对于 20%的数据,n ≤ 10;
对于 30%的数据,n ≤ 25;
对于 70%的数据,n ≤ 1000,0 ≤ ℎn≤ 1000;
对于 100%的数据,1 ≤ n ≤ 100,000,0 ≤ ℎn≤ 1,000,000,所有的ℎn随机生成,所有随机数服从某区间内的均匀分布。
【思路】
DP
O(n^2)的方法:
D[i][s]表示以i为终点且目前是波动序列的s状态的最大株树。
D[i][s]=max{d[j][!s]+1 (s==0&&A[j]>A[i]) ||(s==1&&A[j]<A[i])}
O(nlogn)的方法:
BIT加速状态转移。
O(n)的方法:
定义d[i][s]为到i为止目前是波动序列s状态的最大株树。所以d[i][]只用从d[i-1][]转移,详见代码。
可见动态规划对于状态的定义不同时间性上也会产生差异。
【代码O(n^2)】
#include<iostream> using namespace std; const int maxn = 100000+10; int n; int d[maxn][2],A[maxn]; int main() { ios::sync_with_stdio(false); cin>>n; for(int i=0;i<n;i++) cin>>A[i]; int ans=-(1<<30); d[0][1]=d[0][0]=1; for(int i=1;i<n;i++) for(int s=0;s<2;s++) { d[i][s]=1; //注意需要把判断{}起来 否则if 的else 就近判断 if(s==0) { for(int j=0;j<i;j++) if(A[j]>A[i]) d[i][s]=max(d[i][s],d[j][!s]+1); } else { for(int j=0;j<i;j++) if(A[j]<A[i]) d[i][s]=max(d[i][s],d[j][!s]+1); } ans=max(ans,d[i][s]); //从所有状态中比较得值 } cout<<ans; return 0; }
【代码O(n)】
#include<iostream> using namespace std; const int maxn = 100000+10; int n; int d[maxn][2],A[maxn]; int main() { ios::sync_with_stdio(false); cin>>n; for(int i=0;i<n;i++) cin>>A[i]; d[0][0]=d[0][1]=1; for(int i=1;i<n;i++) { d[i][0]=d[i][1]=1; if(A[i]>A[i-1]) { //判断与前一个点的关系 d[i][1]=max(d[i][1],d[i-1][0]+1); d[i][0]=d[i-1][0]; } else if(A[i]<A[i-1]) { d[i][0]=max(d[i][0],d[i-1][1]+1); d[i][1]=d[i-1][1]; } else { d[i][0]=d[i-1][0]; d[i][1]=d[i-1][1]; } } cout<<max(d[n-1][0],d[n-1][1]); return 0; }
相关文章推荐
- 学习java自我激励
- hdu5239 Doom(线段树单点更新区间查询+数论)
- ajax的使用方法
- input子系统分析一
- 项目34.1 分数的累加
- java web判断是否登录
- 数据库学习之范式理解
- NOIP2013 积木大赛
- JavaScript正则表达式验证身份证号码(From Jeskitt)
- 自己关于java编程的部分知识点总结
- 数学之美番外篇:平凡而又神奇的贝叶斯方法
- hdu 5015 233 Matrix
- Android4.2之Camera系统HAL调用流程
- 图像放缩中最近邻插值和双线性插值的基本原理
- keepalived + mysql主从
- 课堂2
- 【转】HTML5 基础知识,第 4 部分: 最后的完善
- 【Machine Learning in Action --4】朴素贝叶斯电子邮件垃圾过滤
- NOIP2013 货车运输
- 关于ASP.NET MVC的Html.BeginForm()方法