bzoj2751&CodeVS1853 容易题
2015-09-22 21:15
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http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2751 http://codevs.cn/problem/1853/
题意:有一个数列共有m项,其中每一项的值都是不大于n的正整数,并且给出k个形如第i项不能为j的约束。求出所有可能的数列的各项之积之和对1,000,000,007取模的结果。
例如n=2,m=2,约束第1项不能填1,则数列可以是2,1或2,2,每个数列的各项之积依次为2和4,则答案为2+4=6。n,m<=1,000,000,000,k<=1
这里不可能把所有情况都枚举一次,毕竟可能的数列的数量还是指数级别的。
应该注意到,答案也等于各项可取的数之和之积,如在上面的例子中,第1项可取2和为2,第2项可取1或2和为3,则答案为2*3=6。
由于k远小于n,因此只要统计出某些项不能取哪些数,用总和相减就能得到能取的数之和。统计任务可以用快排和哈希完成,还要注意给约束判重。
又因为k也远小于m,实际上绝大部分项是没有约束的,所以即能取的数之和都是总和,由于m很大,因此可以用快速幂来解决。
代码:
题意:有一个数列共有m项,其中每一项的值都是不大于n的正整数,并且给出k个形如第i项不能为j的约束。求出所有可能的数列的各项之积之和对1,000,000,007取模的结果。
例如n=2,m=2,约束第1项不能填1,则数列可以是2,1或2,2,每个数列的各项之积依次为2和4,则答案为2+4=6。n,m<=1,000,000,000,k<=1
这里不可能把所有情况都枚举一次,毕竟可能的数列的数量还是指数级别的。
应该注意到,答案也等于各项可取的数之和之积,如在上面的例子中,第1项可取2和为2,第2项可取1或2和为3,则答案为2*3=6。
由于k远小于n,因此只要统计出某些项不能取哪些数,用总和相减就能得到能取的数之和。统计任务可以用快排和哈希完成,还要注意给约束判重。
又因为k也远小于m,实际上绝大部分项是没有约束的,所以即能取的数之和都是总和,由于m很大,因此可以用快速幂来解决。
代码:
const R=1000000007; type node=record x,y:longint; end; var a:array[1..100005]of node; n,m,k,i,j,s:longint; nn,ans:int64; procedure qsort(l,r:longint); var i,j:longint; k,t:node; begin i:=l; j:=r; k:=a[(l+r) shr 1]; while i<=j do begin while (a[i].x<k.x) or (a[i].x=k.x) and (a[i].y<k.y) do inc(i); while (a[j].x>k.x) or (a[j].x=k.x) and (a[j].y>k.y) do dec(j); if i<=j then begin t:=a[i]; a[i]:=a[j]; a[j]:=t; inc(i); dec(j); end; end; if i<r then qsort(i,r); if l<j then qsort(l,j); end; function power(x:longint):int64; var t:int64; begin if x=0 then exit(1); t:=power(x shr 1); t:=t*t mod R; if x and 1=1 then t:=t*nn mod R; exit(t); end; begin readln(n,m,k); nn:=n*(n+1) shr 1 mod R; for i:=1 to k do with a[i] do readln(x,y); qsort(1,k); i:=0; j:=m; ans:=1; while i<k do begin inc(i); dec(j); s:=nn-a[i].y; while (a[i].x=a[i+1].x) and (i<k) do begin inc(i); if a[i].y<>a[i-1].y then dec(s,a[i].y); end; ans:=ans*s mod R; end; ans:=ans*power(j) mod R; writeln((ans+R) mod R); end.
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