HDU 5464Clarke and problem
2015-09-21 21:06
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问题描述
克拉克是一名人格分裂患者。某一天,克拉克分裂成了一个学生,在做题。
突然一道难题难到了克拉克,这道题是这样的:
给你nn个数,要求选一些数(可以不选),把它们加起来,使得和恰好是pp的倍数(00也是pp的倍数),求方案数。
对于nn很小的时候,克拉克是能轻易找到的。然而对于nn很大的时候,克拉克没有办法了,所以来求助于你。
输入描述
第一行一个整数T(1 \le T \le 10)T(1≤T≤10),表示数据的组数。
每组数据第一行是两个正整数n, p(1 \le n, p \le 1000)n,p(1≤n,p≤1000)。
接下来的一行有nn个整数a_i(|a_i| \le 10^9)a
i
(∣a
i
∣≤10
9
),表示第ii个数。
输出描述
对于每组数据,输出一个整数,表示问题的方案数,由于答案很大,所以求出对10^9+710
9
+7的答案即可。
输入样例
1
2 3
1 2
输出样例
2
Hint
有两种方案:什么也不选;全都选。
解题思路:用dp,dp[i][j],i为前i个数,j为余数为j,在这里要用一个小技巧,将假设输入的数为a[i],我们需要求出它的余数,a[i]=a[i]%p
又因为这道题的余数可能为负,所以我们需要a[i]=(a[i]%p+p)%p.
这样便可导出dp方程
dp[i][j]=(dp[i-1][j]+dp[i-1][(j-a[i]+p)%p])%mod;
假设当前的数a[i]加上x再对p求余可得到当前余数j,
即 (x+a[i])%p=j;
当x+a[i]>=p时,x+a[i]-p=j(因为两个余数相加不可能为两倍以上)
当x+a[i]
克拉克是一名人格分裂患者。某一天,克拉克分裂成了一个学生,在做题。
突然一道难题难到了克拉克,这道题是这样的:
给你nn个数,要求选一些数(可以不选),把它们加起来,使得和恰好是pp的倍数(00也是pp的倍数),求方案数。
对于nn很小的时候,克拉克是能轻易找到的。然而对于nn很大的时候,克拉克没有办法了,所以来求助于你。
输入描述
第一行一个整数T(1 \le T \le 10)T(1≤T≤10),表示数据的组数。
每组数据第一行是两个正整数n, p(1 \le n, p \le 1000)n,p(1≤n,p≤1000)。
接下来的一行有nn个整数a_i(|a_i| \le 10^9)a
i
(∣a
i
∣≤10
9
),表示第ii个数。
输出描述
对于每组数据,输出一个整数,表示问题的方案数,由于答案很大,所以求出对10^9+710
9
+7的答案即可。
输入样例
1
2 3
1 2
输出样例
2
Hint
有两种方案:什么也不选;全都选。
解题思路:用dp,dp[i][j],i为前i个数,j为余数为j,在这里要用一个小技巧,将假设输入的数为a[i],我们需要求出它的余数,a[i]=a[i]%p
又因为这道题的余数可能为负,所以我们需要a[i]=(a[i]%p+p)%p.
这样便可导出dp方程
dp[i][j]=(dp[i-1][j]+dp[i-1][(j-a[i]+p)%p])%mod;
假设当前的数a[i]加上x再对p求余可得到当前余数j,
即 (x+a[i])%p=j;
当x+a[i]>=p时,x+a[i]-p=j(因为两个余数相加不可能为两倍以上)
当x+a[i]
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<queue> #include<algorithm> #include<stack> #include<cstring> #include<vector> #include<list> #include<set> #include<string> #include<map> using namespace std; long long int dp[1005][2005]; int mod=1e9+7; int main() { int t; cin>>t; while(t--) { int n,p,a[1005],b[1005]; scanf("%d%d",&n,&p); memset(dp,0,sizeof(dp)); for(int i=1; i<=n; i++) { scanf("%d",&a[i]); a[i]=(a[i]%p+p)%p; } dp[0][0]=1; for(int i=1; i<=n; i++) for(int j=0; j<p; j++) { dp[i][j]=(dp[i-1][j]+dp[i-1][(j-a[i]+p)%p])%mod; } printf("%lld\n",dp [0]%mod); } return 0; }
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