HDOJ 1864 最大报销额
2015-09-07 22:30
176 查看
最大报销额
Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 19685 Accepted Submission(s): 5832
[align=left]Problem Description[/align]
现有一笔经费可以报销一定额度的发票。允许报销的发票类型包括买图书(A类)、文具(B类)、差旅(C类),要求每张发票的总额不得超过1000元,每张发票上,单项物品的价值不得超过600元。现请你编写程序,在给出的一堆发票中找出可以报销的、不超过给定额度的最大报销额。
[align=left]Input[/align]
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行包含两个正数 Q 和 N,其中 Q 是给定的报销额度,N(<=30)是发票张数。随后是 N 行输入,每行的格式为:
m Type_1:price_1 Type_2:price_2 ... Type_m:price_m
其中正整数 m 是这张发票上所开物品的件数,Type_i 和 price_i 是第 i 项物品的种类和价值。物品种类用一个大写英文字母表示。当N为0时,全部输入结束,相应的结果不要输出。
[align=left]Output[/align]
对每个测试用例输出1行,即可以报销的最大数额,精确到小数点后2位。
[align=left]Sample Input[/align]
200.00 3 2 A:23.50 B:100.00 1 C:650.00 3 A:59.99 A:120.00 X:10.00 1200.00 2 2 B:600.00 A:400.00 1 C:200.50 1200.50 3 2 B:600.00 A:400.00 1 C:200.50 1 A:100.00 100.00 0
[align=left]Sample Output[/align]
123.50 1000.00 1200.50
这是对发票的数量进行DP,判定第j张发票取或不取,若不取则报销额为前j-1张发票和第i张发票的总和。
#include <iostream> #include <string.h> #include <cstring> #include <string> #include <algorithm> #include <stack> #include <queue> #include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <cstdlib> #include <cmath> #include <math.h> #include <vector> #include <map> #include <time.h> #include <ctime> using namespace std; int n; double dp[50], money[50]; double q; int main() { char ch; int m; double num; double sum1, sum2, sum3, sum; int len; int flag = 0; while(scanf("%lf%d",&q,&n)!=EOF) { if(n == 0) break; memset(dp,0,sizeof(dp)); memset(money,0,sizeof(money)); len = 0; flag = 1; for(int i = 0; i < n; i++) { scanf("%d",&m); getchar(); sum1 = 0; sum2 = 0; sum3 = 0; sum = 0; flag = 1; while(m--) { scanf("%c",&ch); getchar(); scanf("%lf",&num); if(ch == 'A') sum1 += num; else if(ch == 'B') sum2 += num; else if(ch == 'C') sum3 += num; else flag = 0; sum += num; getchar(); } if(sum <= 1000 && sum1 <= 600 && sum2 <= 600 && sum3 <= 600 && flag) money[len++] = sum; } // cout << money[len] << endl; for(int i = 0; i < len; i++) { for(int j = len; j >= 1; j--) { if((j == 1 || dp[j-1] > 0) && (dp[j-1] + money[i] <= q)) dp[j] = max(dp[j],dp[j-1] + money[i]); } } //cout << money[len] << endl; int k = 0; for(int i = 1; i <= len; i++) { if(dp[k] < dp[i]) k = i; } printf("%.2lf\n",dp[k]); } return 0; }
相关文章推荐
- next数组介绍
- ARM MMU页表框架
- 实现主成分分析和白化
- Linux下磁盘常见错误分析与检测工具使用
- hdu5419 Victor and Toys
- Java Web学习(一)
- 《资源革命:如何抓住一百年来最大的商机》:资源紧缺是一个巨大的商机,有许多创新的解决办法。三星推荐
- Linux内存管理之mmap详解
- jdk 环境变量配置
- 1072 Nightmare
- LeetCode Sum Root to Leaf Numbers
- 腾讯16算法 杂谈
- Android五大存储---内部存储(缓存)
- JavaScript之prototype
- LeetCode Sum Root to Leaf Numbers
- 学习 《一步步搭建自己的博客》 第一版 之异常 边理解边记录
- Objective-C( Category 分类,非正式协议,分类延展)
- 数据库连接和定义
- 欢迎使用CSDN-markdown编辑器
- Qt 信号槽机制解析一 理论篇