迫于生计之九度OJ 1033 1035
2015-09-07 17:03
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九度OJ 1033
验证3n+1问题
给你n个数,记录每个数到1过程中出现的数字,如果只出现过一次,就输出(逆序的)
思路:set 直接搞,丢进set后,set.count(a[i])==1的就丢进数组里面然后倒着输出就好。
九度OJ 1035
题目1035:找出直系亲属
时间限制:1 秒
内存限制:32 兆
特殊判题:否
提交:2369
解决:929
题目描述:
如果A,B是C的父母亲,则A,B是C的parent,C是A,B的child,如果A,B是C的(外)祖父,祖母,则A,B是C的grandparent,C是A,B的grandchild,如果A,B是C的(外)曾祖父,曾祖母,则A,B是C的great-grandparent,C是A,B的great-grandchild,之后再多一辈,则在关系上加一个great-。
输入:
输入包含多组测试用例,每组用例首先包含2个整数n(0<=n<=26)和m(0<m<50), 分别表示有n个亲属关系和m个问题, 然后接下来是n行的形式如ABC的字符串,表示A的父母亲分别是B和C,如果A的父母亲信息不全,则用-代替,例如A-C,再然后是m行形式如FA的字符串,表示询问F和A的关系。
当n和m为0时结束输入。
输出:
如果询问的2个人是直系亲属,请按题目描述输出2者的关系,如果没有直系关系,请输出-。
具体含义和输出格式参见样例.
样例输入:
样例输出:
思路:显然可以dfs建好树后然后求深度。然而并不会。。。
我的思路:把N个输入当做有向图的边来建图,ABC代表A->B A->C有一条权值为1的边,然后图建好后,floyd跑一遍最短路求出任意两点的距离,m个询问进来后,直接查询a->b或者b->a的权值就好,分分类输出就行了。主要是点少。。。
DFS,指针都能要了我的命,能用别的做法做就用别的做法做吧,太纱布了QAQ
验证3n+1问题
给你n个数,记录每个数到1过程中出现的数字,如果只出现过一次,就输出(逆序的)
思路:set 直接搞,丢进set后,set.count(a[i])==1的就丢进数组里面然后倒着输出就好。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<iostream> #include<algorithm> #include<set> using namespace std; int a[505]; int ans[505]; int main() { int n; while(cin>>n) { set<int> s; s.clear(); if(n==0) return 0; for(int i=1;i<=n;i++) { cin>>a[i]; } for(int i=1;i<=n;i++) { int tmp=a[i]; while(tmp!=1) { if(tmp&1) { tmp=tmp*3+1; tmp/=2; s.insert(tmp); } else { tmp/=2; s.insert(tmp); } } } int cnt=0; for(int i=n;i>=1;i--) { if(s.count(a[i])==0) { ans[cnt++]=a[i]; } } for(int i=0;i<cnt-1;i++) { cout<<ans[i]<<" "; } cout<<ans[cnt-1]<<endl; } return 0; }
九度OJ 1035
题目1035:找出直系亲属
时间限制:1 秒
内存限制:32 兆
特殊判题:否
提交:2369
解决:929
题目描述:
如果A,B是C的父母亲,则A,B是C的parent,C是A,B的child,如果A,B是C的(外)祖父,祖母,则A,B是C的grandparent,C是A,B的grandchild,如果A,B是C的(外)曾祖父,曾祖母,则A,B是C的great-grandparent,C是A,B的great-grandchild,之后再多一辈,则在关系上加一个great-。
输入:
输入包含多组测试用例,每组用例首先包含2个整数n(0<=n<=26)和m(0<m<50), 分别表示有n个亲属关系和m个问题, 然后接下来是n行的形式如ABC的字符串,表示A的父母亲分别是B和C,如果A的父母亲信息不全,则用-代替,例如A-C,再然后是m行形式如FA的字符串,表示询问F和A的关系。
当n和m为0时结束输入。
输出:
如果询问的2个人是直系亲属,请按题目描述输出2者的关系,如果没有直系关系,请输出-。
具体含义和输出格式参见样例.
样例输入:
3 2 ABC CDE EFG FA BE 0 0
样例输出:
great-grandparent -
思路:显然可以dfs建好树后然后求深度。然而并不会。。。
我的思路:把N个输入当做有向图的边来建图,ABC代表A->B A->C有一条权值为1的边,然后图建好后,floyd跑一遍最短路求出任意两点的距离,m个询问进来后,直接查询a->b或者b->a的权值就好,分分类输出就行了。主要是点少。。。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<iostream> #include<algorithm> #include<string> using namespace std; int dis[105][105]; void floyd() { for(int k=1;k<=100;k++) { for(int i=1;i<=100;i++) { for(int j=1;j<=100;j++) { dis[i][j]=min(dis[i][j],dis[i][k]+dis[k][j]); } } } } string s; int n,m; int main() { while(cin>>n>>m) { if(n==0&&m==0) return 0; for(int i=1;i<=100;i++) { for(int j=1;j<=100;j++) { if(i==j) { dis[i][j]=0; } else { dis[i][j]=9999; } } } for(int i=1;i<=n;i++) { cin>>s; int a,b,c; a=s[0]; b=s[1]; c=s[2]; //cout<<a<<"~~"<<b<<"~~"<<endl; dis[a][b]=dis[a][c]=1;//a是b,c的儿子,代表a->b,a->c有一条有向边 } floyd(); while(m--) { string ss; cin>>ss; int a,b; a=ss[0]; b=ss[1]; int c; c=min(dis[a][b],dis[b][a]);//看是a->b有边还是b->a有边,选最小的 if(c==9999||c==0) { cout<<"-"<<endl; continue; }//如果都没有边,或者就是自己本身 if(c==1) { if(dis[b][a]==1) cout<<"parent"<<endl;//b->a则父母 else cout<<"child"<<endl;//否则儿子 } else//如果不为1就必然是祖辈的了。 { if(dis[a][b]!=9999)//a->b去扫 { c-=2; for(int i=1;i<=c;i++) { cout<<"great-"; } cout<<"grandchild"<<endl; } else//b->a去扫 { c-=2; for(int i=1;i<=c;i++) { cout<<"great-"; } cout<<"grandparent"<<endl; } } } } return 0; }
DFS,指针都能要了我的命,能用别的做法做就用别的做法做吧,太纱布了QAQ
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