HDU 1010 Tempter of the Bone(dfs)
2015-09-04 08:36
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Description
给出一个m*n的迷宫,给定起点S和终点D,问你是否从起点出发在t步后恰好到达终点D
Input
多组输入,每组用例第一行为三个整数m,n和t分别表示迷宫行列数以及目标走出迷宫的步数,之后为一m*n矩阵表示这张迷宫,以0 0 0结束输入
Output
对于每组用例,如果能在t步恰好从起点到达重点则输出YES,否则输出NO
Sample Input
4 4 5
S . X .
. . X .
. . XD
… .
3 4 5
S . X .
. . X .
… D
0 0 0
Sample Output
NO
YES
Solution
dfs,主要在与一个重要剪枝:令S(sx,sy),D(ex,ey),mint=abs(sx-ex)+abs(sy-ey),如果t-mint为奇数那么必然不可能在t步恰好到达,因为mint为起点到终点的最短步数,而每多拐一个弯则必然多出偶数步,所以t和mint应该具有相同的奇偶性,当然t必然要不小于mint
Code
给出一个m*n的迷宫,给定起点S和终点D,问你是否从起点出发在t步后恰好到达终点D
Input
多组输入,每组用例第一行为三个整数m,n和t分别表示迷宫行列数以及目标走出迷宫的步数,之后为一m*n矩阵表示这张迷宫,以0 0 0结束输入
Output
对于每组用例,如果能在t步恰好从起点到达重点则输出YES,否则输出NO
Sample Input
4 4 5
S . X .
. . X .
. . XD
… .
3 4 5
S . X .
. . X .
… D
0 0 0
Sample Output
NO
YES
Solution
dfs,主要在与一个重要剪枝:令S(sx,sy),D(ex,ey),mint=abs(sx-ex)+abs(sy-ey),如果t-mint为奇数那么必然不可能在t步恰好到达,因为mint为起点到终点的最短步数,而每多拐一个弯则必然多出偶数步,所以t和mint应该具有相同的奇偶性,当然t必然要不小于mint
Code
#include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int dx[4]={-1,0,1,0},dy[4]={0,-1,0,1}; char map[10][10]; int m,n,t; int sx,sy,ex,ey; int flag; void dfs(int x,int y,int t) { if(flag) return ; if(t<abs(x-ex)+abs(y-ey)||(t-abs(x-ex)-abs(y-ey))%2)//剪枝 return ; if(!t) { if(x==ex&&y==ey) flag=1; return ; } for(int i=0;i<4;i++) { int xx=x+dx[i],yy=y+dy[i]; if(xx>=0&&xx<m&&yy>=0&&yy<n&&(map[xx][yy]=='.'||map[xx][yy]=='D')) { map[xx][yy]='X'; dfs(xx,yy,t-1); map[xx][yy]='.'; } } return ; } int main() { while(scanf("%d%d%d",&m,&n,&t),m) { for(int i=0;i<m;i++) for(int j=0;j<n;j++) { cin>>map[i][j]; if(map[i][j]=='S') sx=i,sy=j; if(map[i][j]=='D') ex=i,ey=j; } flag=0;//标记是否存在可行方案 dfs(sx,sy,t); if(flag) printf("YES\n"); else printf("NO\n"); } return 0; }
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