[leetcode] 144.Binary Tree Preorder Traversal
2015-08-25 10:37
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题目:
Given a binary tree, return the preorder traversal of its nodes’ values.
For example:
Given binary tree {1,#,2,3},
1
\
2
/
3
return [1,2,3].
题意:
对一棵二叉树进行先序遍历,即先访问根节点,再访问左子树和右子树。
思路:
递归的思路比较简单,就是访问根节点,然后递归访问左右子树。本文研究采用非递归的方法。我们会使用栈去保存节点。
栈的特点是后进先出,当访问到某个节点的时候,接下来需要先遍历了左子树,再遍历右子树。所以可以使用栈将右孩子先压入,再将左孩子压入。这样出栈的时候就是先访问左子树再去访问右子树。思路比较清晰,代码如下:
2. 第二种思路是,访问到某个节点的时候会沿着该节点往左子树的方向,把接下来往左边需要访问的所有节点都访问。即往左下角一直访问到叶子节点,并且入栈。然后,从栈中取出栈顶的节点,其实就是最左下角的节点,查看其有没有右孩子,有的话取出右孩子,对其右孩子依旧采用往左一直遍历到叶子节点的遍历方法。
代码如下:
3.2. 采用另一种非递归的方法,Morris 算法,通过线索二叉树的概念,保存中序遍历下某个元素的前驱。因为前序遍历的访问顺序是根节点,左子树,右子树。所以在使用非递归的方式遍历的时候,当把左子树访问完之后需要访问右子树,而由于已经访问到左子树的最右边节点,所以这个时候要有办法指向根的右孩子节点,或者指向根节点,然后就可以访问根节点的右节点了。所以就是需要将节点在中序遍历下的前驱节点找到,让前驱节点的下一个指向当前节点。由于当前节点的前驱是其左子树的最后一个访问到的节点,其实就是取左孩子,然后一直往右孩子遍历,直到没有右孩子为止。这就找到了当前节点的前驱,因为这个前驱的右孩子等于NULL,所以让其右孩子指向当前节点,就可以在访问到左子树的最后一个节点后,可以跳到当前节点了。
所以Morris算法就是利用了线索二叉树的一些性质。
具体做法是当扫描到节点curr时,
a.如果curr没有左孩子,那么curr就没有在 中序遍历下的前驱,所以直接将curr的val存入遍历的数组中。接着访问curr的右孩子。
b.如果curr有左孩子,那么显然curr存在中序遍历下的前驱,我们查找其前驱,前驱节点就是取curr->left的右孩子,另prev = curr->left, 找prev的右孩子,一直找右孩子,往左子树的右下角找,直接找到最右下角即prev->right == NULL,这个prev就是curr的前驱,所以让prev->right = curr,这样子,后面访问到prev节点的时候,就可以通过网right上走,回到curr节点。当然,由于是先序遍历,所以我们要在此刻就把curr的值存入到数组中。并且继续往curr的左孩子挺进,继续找出左孩子的前驱,访问curr的左孩子,去往下逐层寻找左孩子的前驱。
c.对于b的情况,比如我们之前设置过了某个叫做prev的节点的右孩子等于curr,由于a,b在不断往下扫描,当再次扫描到b中之前设置过的那个prev节点的时候,由于此时prev的右孩子是curr,那么会在访问完prev之后访问prev->right即curr,那么curr的前驱之前已经设置过了即prev,所以这个时候我们需要将树的结构还原,将prev的right设置为NULL。
其实上面步骤的2,3两步代码是一样的,只是查看下curr的前驱是否已经设置好了,如果没有哪个节点的right==curr说明还没设置,否则代表没设置。
以上。
代码如下:
Given a binary tree, return the preorder traversal of its nodes’ values.
For example:
Given binary tree {1,#,2,3},
1
\
2
/
3
return [1,2,3].
题意:
对一棵二叉树进行先序遍历,即先访问根节点,再访问左子树和右子树。
思路:
递归的思路比较简单,就是访问根节点,然后递归访问左右子树。本文研究采用非递归的方法。我们会使用栈去保存节点。
栈的特点是后进先出,当访问到某个节点的时候,接下来需要先遍历了左子树,再遍历右子树。所以可以使用栈将右孩子先压入,再将左孩子压入。这样出栈的时候就是先访问左子树再去访问右子树。思路比较清晰,代码如下:
/** 1. Definition for binary tree 2. struct TreeNode { 3. int val; 4. TreeNode *left; 5. TreeNode *right; 6. TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {} 7. }; */ class Solution { public: vector<int> preorderTraversal(TreeNode *root) { vector<int> result; if (root == NULL)return result; vector<TreeNode *>list_nodes; list_nodes.push_back(root); while (!list_nodes.empty()){ TreeNode *temp = list_nodes.back(); list_nodes.pop_back(); result.push_back(temp->val); if (temp->right != NULL)list_nodes.push_back(temp->right); if (temp->left != NULL)list_nodes.push_back(temp->left); } return result; } };
2. 第二种思路是,访问到某个节点的时候会沿着该节点往左子树的方向,把接下来往左边需要访问的所有节点都访问。即往左下角一直访问到叶子节点,并且入栈。然后,从栈中取出栈顶的节点,其实就是最左下角的节点,查看其有没有右孩子,有的话取出右孩子,对其右孩子依旧采用往左一直遍历到叶子节点的遍历方法。
代码如下:
/** * Definition for a binary tree node. * struct TreeNode { * int val; * TreeNode *left; * TreeNode *right; * TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {} * }; */ class Solution { public: vector<int> preorderTraversal(TreeNode* root) { vector<int> result; stack<TreeNode*> s; TreeNode* p = root; while(!s.empty() || p != NULL) { while(p != NULL) { result.push_back(p->val); s.push(p); p = p->left; } if(!s.empty()) { p = s.top(); s.pop(); p = p->right; } } return result; } };
3.2. 采用另一种非递归的方法,Morris 算法,通过线索二叉树的概念,保存中序遍历下某个元素的前驱。因为前序遍历的访问顺序是根节点,左子树,右子树。所以在使用非递归的方式遍历的时候,当把左子树访问完之后需要访问右子树,而由于已经访问到左子树的最右边节点,所以这个时候要有办法指向根的右孩子节点,或者指向根节点,然后就可以访问根节点的右节点了。所以就是需要将节点在中序遍历下的前驱节点找到,让前驱节点的下一个指向当前节点。由于当前节点的前驱是其左子树的最后一个访问到的节点,其实就是取左孩子,然后一直往右孩子遍历,直到没有右孩子为止。这就找到了当前节点的前驱,因为这个前驱的右孩子等于NULL,所以让其右孩子指向当前节点,就可以在访问到左子树的最后一个节点后,可以跳到当前节点了。
所以Morris算法就是利用了线索二叉树的一些性质。
具体做法是当扫描到节点curr时,
a.如果curr没有左孩子,那么curr就没有在 中序遍历下的前驱,所以直接将curr的val存入遍历的数组中。接着访问curr的右孩子。
b.如果curr有左孩子,那么显然curr存在中序遍历下的前驱,我们查找其前驱,前驱节点就是取curr->left的右孩子,另prev = curr->left, 找prev的右孩子,一直找右孩子,往左子树的右下角找,直接找到最右下角即prev->right == NULL,这个prev就是curr的前驱,所以让prev->right = curr,这样子,后面访问到prev节点的时候,就可以通过网right上走,回到curr节点。当然,由于是先序遍历,所以我们要在此刻就把curr的值存入到数组中。并且继续往curr的左孩子挺进,继续找出左孩子的前驱,访问curr的左孩子,去往下逐层寻找左孩子的前驱。
c.对于b的情况,比如我们之前设置过了某个叫做prev的节点的右孩子等于curr,由于a,b在不断往下扫描,当再次扫描到b中之前设置过的那个prev节点的时候,由于此时prev的右孩子是curr,那么会在访问完prev之后访问prev->right即curr,那么curr的前驱之前已经设置过了即prev,所以这个时候我们需要将树的结构还原,将prev的right设置为NULL。
其实上面步骤的2,3两步代码是一样的,只是查看下curr的前驱是否已经设置好了,如果没有哪个节点的right==curr说明还没设置,否则代表没设置。
以上。
代码如下:
class Solution { public: vector<int> preorderTraversal(TreeNode* root) { vector<int> result; TreeNode* curr = root; TreeNode* prev = NULL; while(curr != NULL) { if(curr->left == NULL) { result.push_back(curr->val); curr = curr->right; } else { prev = curr->left; while(prev->right != NULL && prev->right != curr) prev = prev->right; if(prev->right == NULL) { result.push_back(curr->val); prev->right = curr; curr = curr->left; } else { prev->right = NULL; curr = curr->right; } } } return result; } };
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