hdu5297 Y sequence 容斥加迭代
2015-07-25 16:56
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题意:所有正整数递增排列,删掉可以写成a^b形式的数(a, b 为正整数,2<=b<=r),得到新序列Y。
当r=3时,序列为: 2,3,5,6,7,10......
给定n,r,找到Y(n)(Y中的第n个元素)。
数据范围:n<=2*10^18,2<=r<=62,T<=30000.
分析:case数很大,n很大,不能暴力解决。第一思路是二分:对于某数x,算出它在Y中的位置,二分找到位置等于n的第一个数。
实际求解时,二分上下界处理不好很容易TLE,改用迭代法更为高效。若 pos(x) 的位置小于n,则加上n-pos(n),继续迭代
如何判断x在Y序列中的位置? 只需考虑指数为质数且指数<= r 的情况。但由于^2 , ^3会重复算,要利用容斥原理得到最终解。
特别的,1一定会被删去,容斥时暂不考虑1,最终再减去1
原因:2^n级复杂度计算容斥,不需要特别考虑1,但时间复杂度过高;任意一个集合都包括1,当>=64时,集合中只包含1。将1减去后,这些集合变成空集,不需要考虑。只考虑从<=63的集合就可以。最终把1考虑进去就好。
涨姿势:
~pow(x,1.0 / i)可计算 x 开 i 次方。x+0.5减小精度误差
~prime【】用负数,这样乘积为负时表示有奇数个质因子,便于容斥时判断加减
~这道题时限很紧张,实现时要注意处处优化。起初是暴力因式分解2~63,然后判断加计算。这样会多算很多不符合的情况,看起来影响不大,但实际上由于n和case数很大,很可能会导致TLE。 对于不同的r,针对性计算容斥组合,能避免很多不必要的计算。
最优版本: 296MS
当r=3时,序列为: 2,3,5,6,7,10......
给定n,r,找到Y(n)(Y中的第n个元素)。
数据范围:n<=2*10^18,2<=r<=62,T<=30000.
分析:case数很大,n很大,不能暴力解决。第一思路是二分:对于某数x,算出它在Y中的位置,二分找到位置等于n的第一个数。
实际求解时,二分上下界处理不好很容易TLE,改用迭代法更为高效。若 pos(x) 的位置小于n,则加上n-pos(n),继续迭代
如何判断x在Y序列中的位置? 只需考虑指数为质数且指数<= r 的情况。但由于^2 , ^3会重复算,要利用容斥原理得到最终解。
特别的,1一定会被删去,容斥时暂不考虑1,最终再减去1
原因:2^n级复杂度计算容斥,不需要特别考虑1,但时间复杂度过高;任意一个集合都包括1,当>=64时,集合中只包含1。将1减去后,这些集合变成空集,不需要考虑。只考虑从<=63的集合就可以。最终把1考虑进去就好。
涨姿势:
~pow(x,1.0 / i)可计算 x 开 i 次方。x+0.5减小精度误差
~prime【】用负数,这样乘积为负时表示有奇数个质因子,便于容斥时判断加减
~这道题时限很紧张,实现时要注意处处优化。起初是暴力因式分解2~63,然后判断加计算。这样会多算很多不符合的情况,看起来影响不大,但实际上由于n和case数很大,很可能会导致TLE。 对于不同的r,针对性计算容斥组合,能避免很多不必要的计算。
最优版本: 296MS
#include <cstdio> #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstring> #include <string> #include <cmath> #include <vector> #include <map> #define clr(x, y) memset(x, y, sizeof x) using namespace std; typedef long long LL; LL n,r; int prime[30]={-2,-3,-5,-7,-11,-13,-17,-19,-23,-29,-31,-37,-41,-43,-47,-53,-59,-61,-67}; //用负数,便于容斥时判加减 vector <int> m; void init() {//得到<=r的质数的各种组合的乘积 m.clear(); for(int i=0;abs(prime[i])<=r;i++) { int si=m.size(); for(int j=0;j<si;j++) { if(abs(m[j]*prime[i])<=63) m.push_back(m[j]*prime[i]); } m.push_back(prime[i]); } } LL cal(LL x) { LL sum=0; int si=m.size(); for(LL i=0;i<si;i++) { //+0.5提高精度,-1 由于1一定会减掉,所以先不计算1 LL num=(LL)pow(x+0.5,1.0/abs(m[i]))-1; if(m[i]<0) sum+=num; else sum-=num; } return x-sum-1; } LL bis() { //迭代计算,用temp暂存,避免算两次cal(num) LL num=n; LL temp=cal(num); while(temp<n) { num+=n-temp; temp=cal(num); } return num; } int main() { //freopen("input.txt","r",stdin); int T; scanf("%d",&T); while(T--) { scanf("%lld %lld",&n,&r); init(); printf("%lld\n",bis()); } return 0; }
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