bzoj1018 [SHOI2008]堵塞的交通traffic
2015-07-02 21:41
603 查看
1018: [SHOI2008]堵塞的交通traffic
Time Limit: 3 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 2208 Solved: 687
[Submit][Status][Discuss]
Description
有一天,由于某种穿越现象作用,你来到了传说中的小人国。小人国的布局非常奇特,整个国家的交通系统可以被看成是一个2行C列的矩形网格,网格上的每个点代表一个城市,相邻的城市之间有一条道路,所以总共有2C个城市和3C-2条道路。 小人国的交通状况非常槽糕。有的时候由于交通堵塞,两座城市之间的道路会变得不连通,直到拥堵解决,道路才会恢复畅通。初来咋到的你决心毛遂自荐到交通部某份差事,部长听说你来自一个科技高度发达的世界,喜出望外地要求你编写一个查询应答系统,以挽救已经病入膏肓的小人国交通系统。 小人国的交通部将提供一些交通信息给你,你的任务是根据当前的交通情况回答查询的问题。交通信息可以分为以下几种格式: Close r1 c1 r2 c2:相邻的两座城市(r1,c1)和(r2,c2)之间的道路被堵塞了; Open r1 c1 r2 c2:相邻的两座城市(r1,c1)和(r2,c2)之间的道路被疏通了; Ask r1 c1 r2 c2:询问城市(r1,c1)和(r2,c2)是否连通。如果存在一条路径使得这两条城市连通,则返回Y,否则返回N;Input
第一行只有一个整数C,表示网格的列数。接下来若干行,每行为一条交通信息,以单独的一行“Exit”作为结束。我们假设在一开始所有的道路都是堵塞的。 对30%测试数据,我们保证C小于等于1000,信息条数小于等于1000; 对100%测试数据,我们保证 C小于等于100000,信息条数小于等于100000。Output
对于每个查询,输出一个“Y”或“N”。Sample Input
2Open 1 1 1 2
Open 1 2 2 2
Ask 1 1 2 2
Ask 2 1 2 2
Exit
Sample Output
YN
HINT
Source
题意:显然分析:这题的思路是很容易想到的,可以用线段树来维护某一段四个端点之间的连通性,维护是显然的
但是,有可能出现这种恶心情况
1-2-3
| | |
4-5-6
T_T
无泪哭
所以需要4*4的矩阵维护四个端点之间的连通性,
所以更新是很容易的
但是询问就要这样了
首先假设询问(Lx, Rx)这段区间的连通性
那么先查询1-Lx的连通性,先知晓第Lx列的连通性
然后查询Rx-n的连通性,知晓第Rx列的连通性
然后查询Lx-Rx的连通性,用这三块东西并起来求答案
这样就可以了
综上所述,本题得解
T_T
我的代码不知为何RE
太坑了
。。。。。
#include <cstdio> #include <cstring> #include <cstdlib> #include <cmath> #include <deque> #include <vector> #include <queue> #include <iostream> #include <algorithm> #include <map> #include <set> #include <ctime> using namespace std; typedef long long LL; #define For(i, s, t) for(int i = (s); i <= (t); i++) #define Ford(i, s, t) for(int i = (s); i >= (t); i--) #define Rep(i, t) for(int i = (0); i < (t); i++) #define Repn(i, t) for(int i = ((t)-1); i >= (0); i--) #define MIT (2147483647) #define INF (1000000001) #define MLL (1000000000000000001LL) #define sz(x) ((bnt) (x).size()) #define clr(x, y) memset(x, y, sizeof(x)) #define puf push_front #define pub push_back #define pof pop_front #define pob pop_back #define ft first #define sd second #define mk make_pair inline void SetIO(string Name) { string Input = Name+".in", Output = Name+".out"; freopen(Input.c_str(), "r", stdin), freopen(Output.c_str(), "w", stdout); } const int N = 100010; struct State { bool Connect[4][4]; State() { clr(Connect, 0); } inline void Gone() { Rep(k, 4) Rep(i, 4) Rep(j, 4) Connect[i][j] |= Connect[i][k]&Connect[k][j]; } inline void Add(State &A) { Rep(i, 4) Rep(j, 4) Connect[i][j] |= A.Connect[i][j]; } inline void Check() { Rep(i, 4) Rep(j, 4) Connect[i][j] |= Connect[j][i]; } inline State operator +(State B) { State Ret, A; Rep(i, 4) Rep(j, 4) A.Connect[i][j] = Connect[i][j]; Rep(i, 2) Rep(j, 2) { bool T = A.Connect[i+2][j+2]|B.Connect[i][j]; A.Connect[i+2][j+2] |= T, B.Connect[i][j] |= T; } A.Check(), B.Check(); A.Gone(), B.Gone(); Rep(i, 4) Ret.Connect[i][i] = 1; Rep(i, 2) Rep(j, 2) { Ret.Connect[i][j] |= A.Connect[i][j], Ret.Connect[i+2][j+2] |= B.Connect[i+2][j+2]; } Ret.Check(); Rep(k, 2) For(i, 0, 1) For(j, 2, 3) Ret.Connect[i][j] |= A.Connect[i][k+2]&B.Connect[k][j]; Ret.Check(); Ret.Gone(); return Ret; } } ; struct Node { int Child[2]; State Map, Barrier; //bool Con; #define C(x, y) (S[x].Child[y]) #define M(x, L, R) (S[x].Map.Connect[L][R]) #define B(x, L, R) (S[x].Barrier.Connect[L][R]) #define Lc(x) (S[x].Child[0]) #define Rc(x) (S[x].Child[1]) //#define Con(x) (S[x].Con) } S[N*2]; int Tot; int n; string Opt; inline void Input() { scanf("%d", &n); } inline void Build(int Left, int Right) { int x = ++Tot, Mid = (Left+Right)>>1; Rep(i, 4) B(x, i, i) = 1; if(Left == Right) { Rep(i, 4) M(x, i, i) = 1; Rep(i, 2) M(x, i, i+2) = M(x, i+2, i) = 1; return; } Lc(x) = Tot+1, Build(Left, Mid); Rc(x) = Tot+1, Build(Mid+1, Right); } inline void Updata(int x) { S[x].Map = S[Lc(x)].Map+S[x].Barrier; S[x].Map = S[x].Map+S[Rc(x)].Map; } inline void Change(int x, int Left, int Right, int G, int E) { if(Left == Right) { Rep(i, 4) Rep(j, 4) M(x, i, j) = E; Rep(i, 4) M(x, i, i) = 1; Rep(i, 2) M(x, i, i+2) = M(x, i+2, i) = 1; } else { int Mid = (Left+Right)>>1; if(G <= Mid) Change(Lc(x), Left, Mid, G, E); else Change(Rc(x), Mid+1, Right, G, E); Updata(x); } } inline void Change(int x, int Left, int Right, int L, int R, int G, int E) { int Mid = (Left+Right)>>1; if(R <= Mid) Change(Lc(x), Left, Mid, L, R, G, E); else if(L > Mid) Change(Rc(x), Mid+1, Right, L, R, G, E); else B(x, G, G+2) = B(x, G+2, G) = E; Updata(x); } inline State Ask(int x, int Left, int Right, int L, int R) { int Mid = (Left+Right)>>1; State Ret, Temp; if(Left >= L && Right <= R) Ret = S[x].Map; else if(R <= Mid) Ret = Ask(Lc(x), Left, Mid, L, R); else if(L > Mid) Ret = Ask(Rc(x), Mid+1, Right, L, R); else { Ret = Ask(Lc(x), Left, Mid, L, R); Temp = Ask(Rc(x), Mid+1, Right, L, R); Ret = Ret+S[x].Barrier; Ret = Ret+Temp; Ret.Gone(); } return Ret; } inline void Solve() { Build(1, n); string Opt; int Lx, Ly, Rx, Ry; State Temp, Ret; while(1) { cin>>Opt; if(Opt == "Exit") break; scanf("%d%d%d%d", &Ly, &Lx, &Ry, &Rx); if(Lx > Rx) swap(Lx, Rx), swap(Ly, Ry); Ly--, Ry--; if(Opt == "Open") { if(Lx == Rx) Change(1, 1, n, Lx, 1); else Change(1, 1, n, Lx, Rx, Ly, 1); } else if(Opt == "Close") { if(Lx == Rx) Change(1, 1, n, Lx, 0); else Change(1, 1, n, Lx, Rx, Ly, 0); } else { clr(Ret.Connect, 0); Rep(i, 4) Ret.Connect[i][i] = 1; Temp = Ask(1, 1, n, 1, Lx); Rep(i, 2) Rep(j, 2) Ret.Connect[i][j] |= Temp.Connect[i+2][j+2]; Temp = Ask(1, 1, n, Rx, n); Rep(i, 2) Rep(j, 2) Ret.Connect[i+2][j+2] |= Temp.Connect[i][j]; Temp = Ask(1, 1, n, Lx, Rx); Ret.Add(Temp); Ret.Gone(); char Ans = Ret.Connect[Ly][Ry+2] ? 'Y' : 'N'; printf("%c\n", Ans); } } } int main() { SetIO("1018"); Input(); Solve(); return 0; }
View Code
相关文章推荐
- 微机原理(2)8086
- 词典的实现(4)-使用Hash方式来实现词典
- 【Windows编程】系列第四篇:使用Unicode编程
- linux下安装cmake
- 算法笔记——整数划分3
- CentOS 6 安装MAVEN及系统配置
- 单面打印机=》双面打印
- Codeforces Round #311 (Div. 2) E. Ann and Half-Palindrome (DP+字典树)
- 【再思考】PATBasic——1035. 插入与归并(25)
- IE8下div中有span,会影响div定位
- 【数据结构】堆栈和队列
- SSIS 使用OLEDB/ADO NET Source 数据流source控件 连接Oracle失败
- MyEclipse 2015 CI初次使用问题以及解决
- 这是 qq整人代码 VB
- Solr之简单测试
- 《Java程序设计》第17周课程设计:《猜猜看》游戏 第四天
- Solr之介绍与安装
- 排序算法总结---希尔排序
- Java并发教程(Oracle官方资料)
- 《C语言及程序设计》实践参考——递归函数