2015百度之星资格赛——1001 大搬家
2015-05-24 15:14
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2015百度之星资格赛——1001 大搬家
Problem Description
近期B厂组织了一次大搬家,所有人都要按照指示换到指定的座位上。指示的内容是坐在位置i上的人要搬到位置j上。现在B厂有N个人,一对一到N个位置上。搬家之后也是一一对应的,改变的只有位次。
在第一次搬家后,度度熊由于疏忽,又要求大家按照原指示进行了一次搬家。于是,机智的它想到:再按这个指示搬一次家不就可以恢复第一次搬家的样子了。于是,B厂史无前例的进行了连续三次搬家。
虽然我们都知道度度熊的“机智”常常令人堪忧,但是不可思议的是,这回真的应验了。第三次搬家后的结果和第一次的结果完全相同。
那么,有多少种指示会让这种事情发生呢?如果两种指示中至少有一个人的目标位置不同,就认为这两种指示是不相同的。
Input
第一行一个整数T,表示T组数据。
每组数据包含一个整数N(1≤N≤1000000)。
Output
对于每组数据,先输出一行 Case #i: 然后输出结果,对1000000007取模。
Sample Input
2
1
3
Sample Output
Case #1:
1
Case #2:
4
解题思路:
在这里我们用dp
表示N=n时,满足要求的指示总数。
假设已知dp[1]至dp[n-1](n>1),再加入第n个人,此时有两种情况
①加进来的这个人可以位置保持不变(也可以理解为与自身交换),故有dp[n-1]种指示满足要求
②加进来的这个人与前面n-1个人中任意一个交换位置,则有(n-1)中可能,其余的n-2个人则有dp[n-2]种指示
结合①和②,我们可以得出递推公式:dp
=dp[n-1]+(n-1)*dp[n-2]
AC代码:(很多人说知道公式后还一直TLE,→_→此处需要打表)
Problem Description
近期B厂组织了一次大搬家,所有人都要按照指示换到指定的座位上。指示的内容是坐在位置i上的人要搬到位置j上。现在B厂有N个人,一对一到N个位置上。搬家之后也是一一对应的,改变的只有位次。
在第一次搬家后,度度熊由于疏忽,又要求大家按照原指示进行了一次搬家。于是,机智的它想到:再按这个指示搬一次家不就可以恢复第一次搬家的样子了。于是,B厂史无前例的进行了连续三次搬家。
虽然我们都知道度度熊的“机智”常常令人堪忧,但是不可思议的是,这回真的应验了。第三次搬家后的结果和第一次的结果完全相同。
那么,有多少种指示会让这种事情发生呢?如果两种指示中至少有一个人的目标位置不同,就认为这两种指示是不相同的。
Input
第一行一个整数T,表示T组数据。
每组数据包含一个整数N(1≤N≤1000000)。
Output
对于每组数据,先输出一行 Case #i: 然后输出结果,对1000000007取模。
Sample Input
2
1
3
Sample Output
Case #1:
1
Case #2:
4
解题思路:
在这里我们用dp
表示N=n时,满足要求的指示总数。
假设已知dp[1]至dp[n-1](n>1),再加入第n个人,此时有两种情况
①加进来的这个人可以位置保持不变(也可以理解为与自身交换),故有dp[n-1]种指示满足要求
②加进来的这个人与前面n-1个人中任意一个交换位置,则有(n-1)中可能,其余的n-2个人则有dp[n-2]种指示
结合①和②,我们可以得出递推公式:dp
=dp[n-1]+(n-1)*dp[n-2]
AC代码:(很多人说知道公式后还一直TLE,→_→此处需要打表)
#include<iostream> #include<cstring> #include<string> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<cmath> #include<queue> using namespace std; const long long MAX = 10+(1e6), MOD = 1000000007; long long ans[MAX]; int main() { int T,n; ans[1] = 1; ans[2] = 2; ans[3] = 4; //打表 for (int i = 4; i < MAX; ++i) { ans[i] = ans[i - 1] + (i - 1)*ans[i - 2]; ans[i] %= MOD; //每一次递推都取模,避免溢出 } while (cin>>T) { for (int i = 1; i <= T; ++i) { cout << "Case #" << i << ':' << endl; cin >> n; cout << ans << endl; } } return 0; }
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