1040. 有几个PAT(25)
2015-05-19 21:46
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字符串APPAPT中包含了两个单词“PAT”,其中第一个PAT是第2位(P),第4位(A),第6位(T);第二个PAT是第3位(P),第4位(A),第6位(T)。
现给定字符串,问一共可以形成多少个PAT?
输入格式:
输入只有一行,包含一个字符串,长度不超过105,只包含P、A、T三种字母。
输出格式:
在一行中输出给定字符串中包含多少个PAT。由于结果可能比较大,只输出对1000000007取余数的结果。
输入样例:
输出样例:
第一眼看到这个题目的时候,内心小激动,这不是DP问题么,哈哈,直接按照leetcode上面的一个题目思路开始写。
但是,写好之后,发现空间限制,在vc6.0上根本无法运行,只好换思路。
然后是,暴力求解,妈蛋这个暴力是太暴力了!那么多次数,最后运行超时了。
只好换思路,从后面往前面扫描,由于,是找PAT的。
1,先找到最后面的T,统计次数。
2,再找到A,每找到A,就把T的次数加上来,这就是出现AT的次数。
3,同样,再找到P,这样就可以找到了,最终出现PAT的次数了。
嗯,还不错的。
这就给我一个启示,leetcode上面的这个题目也可以这么做的。
现给定字符串,问一共可以形成多少个PAT?
输入格式:
输入只有一行,包含一个字符串,长度不超过105,只包含P、A、T三种字母。
输出格式:
在一行中输出给定字符串中包含多少个PAT。由于结果可能比较大,只输出对1000000007取余数的结果。
输入样例:
APPAPT
输出样例:
2
第一眼看到这个题目的时候,内心小激动,这不是DP问题么,哈哈,直接按照leetcode上面的一个题目思路开始写。
但是,写好之后,发现空间限制,在vc6.0上根本无法运行,只好换思路。
然后是,暴力求解,妈蛋这个暴力是太暴力了!那么多次数,最后运行超时了。
只好换思路,从后面往前面扫描,由于,是找PAT的。
1,先找到最后面的T,统计次数。
2,再找到A,每找到A,就把T的次数加上来,这就是出现AT的次数。
3,同样,再找到P,这样就可以找到了,最终出现PAT的次数了。
嗯,还不错的。
这就给我一个启示,leetcode上面的这个题目也可以这么做的。
#include<stdio.h> #include<vector> #include<cstring> #include<ctype.h> //using namespace std; int main(void) { char S[100010]; int res=0; gets(S); //scanf("%s",S); int m=strlen(S); int nAT=0,nPAT=0; while(m>0) { m--; if(S[m] == 'T') nAT++; else if(S[m] == 'A') nPAT=(nPAT+nAT)%1000000007; else res=(res+nPAT)%1000000007; } printf("%d\n",res); //==========太暴力!=============// /* for(int i=0; i<m; i++) { if(S[i]=='P') { for(int j=i+1; j<m; j++) { if(S[j] == 'A') { for(int k=j+1; k<m; k++) { if(S[k] == 'T') { res++; if(res>=1000000007) res=0; } } } } } } printf("%d\n",res); */ //==========空间不够,这个在leetcode上有的=============// /* int path[1000][4]={0}; int i=0,j=0; for(i=0; i<m+1;i++) path[i][0]=1; for(i=1; i<m+1; i++) { for(j=1; j<4; j++) { if(S[i-1]==T[j-1]) path[i][j] = path[i-1][j] + path[i-1][j-1]; else path[i][j] = path[i-1][j]; } } printf("%d\n",path[m][3]); */ return 0; }
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