ZOJ:3802 Easy 2048 Again (状态压缩)
2015-04-22 12:00
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题意:1维的2048。
思路:很好的一道DP。
可以观察如4、16、8这样的组合,其中的4就永远都不会被合并,因为以后的结果只能是越来越大。所以可以被合并的数列特征是递减序的,如32、16、4。这样我们可以以当前组合中的末尾递减序列为状态进行DP。这里的状态大小不是非常明显,仔细想想极限情况,有500个16,每2个16形成32,每2个32形成64…如此合并,至多就是16*500的状态,因此开8000+的数组作为状态就行了。
转移这里比较好想,用刷表法更方便,考虑下一个数字要不要加入到当前的序列状态中。如果加入的话,考虑与当前状态的递减序数列的最小数字的大小关系,这里都很好想。注意如果加入的数字与递减序数列最后一个数相同,即可以合并时,要一口气合并到最终状态,如16、8、4,这时候再加入一个4,应该转移到32,至于得到的分数也要额外计算。
另外刷表法得整体初始化状态,所以滚动数组,否则容易超时。
思路:很好的一道DP。
可以观察如4、16、8这样的组合,其中的4就永远都不会被合并,因为以后的结果只能是越来越大。所以可以被合并的数列特征是递减序的,如32、16、4。这样我们可以以当前组合中的末尾递减序列为状态进行DP。这里的状态大小不是非常明显,仔细想想极限情况,有500个16,每2个16形成32,每2个32形成64…如此合并,至多就是16*500的状态,因此开8000+的数组作为状态就行了。
转移这里比较好想,用刷表法更方便,考虑下一个数字要不要加入到当前的序列状态中。如果加入的话,考虑与当前状态的递减序数列的最小数字的大小关系,这里都很好想。注意如果加入的数字与递减序数列最后一个数相同,即可以合并时,要一口气合并到最终状态,如16、8、4,这时候再加入一个4,应该转移到32,至于得到的分数也要额外计算。
另外刷表法得整体初始化状态,所以滚动数组,否则容易超时。
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const int maxn=505; const int maxm=8000; int a[maxn]; int dp[2][maxm+5]; int getState(int S,int v,int &val) { val=0; while(S&(-S)) { int last=S&(-S); if(last==v) { val+=v; v=v<<1; S-=last; } else break; } val+=v; return S+v; } int main() { int T; scanf("%d",&T); while(T--) { int n; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;++i) { scanf("%d",&a[i]); } memset(dp,-1,sizeof(dp)); dp[0][0]=0; for(int i=0;i<n;++i) { for(int j=0;j<=maxm;++j) { if(dp[i&1][j]==-1) continue; int last=j&(-j); if(j==0||a[i+1]>last) dp[(i+1)&1][a[i+1]]=max(dp[(i+1)&1][a[i+1]],dp[i&1][j]+a[i+1]); if(a[i+1]<last) dp[(i+1)&1][j+a[i+1]]=max(dp[(i+1)&1][j+a[i+1]],dp[i&1][j]+a[i+1]); if(a[i+1]==last) { int val; int newstate=getState(j,a[i+1],val); dp[(i+1)&1][newstate]=max(dp[(i+1)&1][newstate],dp[i&1][j]+val); } dp[(i+1)&1][j]=max(dp[(i+1)&1][j],dp[i&1][j]); dp[i&1][j]=-1; } } int ans=0; for(int i=0;i<=maxm;++i) ans=max(ans,dp[n&1][i]); printf("%d\n",ans ); } return 0; }
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