【BZOJ 2179】【FFT模板】 FFT快速傅立叶
2015-04-06 23:52
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2179: FFT快速傅立叶
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Description
给出两个n位10进制整数x和y,你需要计算x*y。
Input
第一行一个正整数n。 第二行描述一个位数为n的正整数x。 第三行描述一个位数为n的正整数y。
Output
输出一行,即x*y的结果。
Sample Input
1
3
4
Sample Output
12
数据范围:
n<=60000
FFT模板题。
直接进行高精度乘法是O(n2)O(n^2)的,于是我们采用FFT来O(nlogn)O(nlogn)实现:
(注明:以下着重介绍算法流程和算法思想,具体细节参考《算法导论》)
1.我们把乘数的每一位看作多项式的系数,得到多项式A(x)A(x)(因为高精度乘法的本质就是多项式乘法)
2.首先求出A(ωkn)A(\omega_n^k),其中k∈[0,n−1]k\in[0,n-1],ωn\omega_n是n次单位复根。
由于n次单位复根的一些奇妙性质:
相消引理
折半引理
我们可以采用分治O(nlogn)O(nlogn)的时间求出这nn项的值,但是递归实现常数较大,我们采用蝴蝶算法来迭代实现。
如图,把原来顺次排列的数列变成叶子中的顺序就可以迭代了~
(叶子中的顺序就是原序列的二进制逆序)
3.(这一步叫插值)
如下图,
aia_i表示多项式的系数;
ωkn\omega_n^k就是我们带入多项式的值:
第一个多项式x=ω0nx=\omega_n^0,第二个是x=ω1nx=\omega_n^1,第三个是x=ω2nx=\omega_n^2….知道第n个是x=ωn−1nx=\omega_n^{n-1};
yiy_i就是带入不同的xx的求出的多项式的值。
那么,通过上一步已经求出了两个多项式(两个乘数)的yiy_i,现在我们把对应的yiy_i乘起来就是乘积的多项式的YiY_i,我们要求的是这个多项式的系数即aia_i,因此我们只要求出ωkn\omega_n^k矩阵的逆矩阵即可。
最后推出aia_i的表达式
和第二步要求的式子几乎一样~再来一次FFT即可解决~
时间复杂度依然是O(nlogn)O(nlogn)
详见代码注释。
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cmath> #include <cstdlib> #include <algorithm> #include <cstring> #include <complex> #define pi acos(-1) #define N 200005 using namespace std; complex<double> a ,b ,p ; int n,c ; char s ; void FFT(complex<double> x[],int n,int p) { //把原来依次排列的数变成叶子中的顺序 for (int i=0,t=0;i<n;i++) { if (i>t) swap(x[i],x[t]); for (int j=n>>1;(t^=j)<j;j>>=1); } for (int m=2;m<=n;m<<=1) //枚举每一层 { complex<double> wn(cos(p*2*pi/m),sin(p*2*pi/m)); for (int i=0;i<n;i+=m) { complex<double> w(1,0),u; int k=m>>1; for (int j=0;j<k;j++,w*=wn) { //蝴蝶操作 u=x[i+j+k]*w; x[i+j+k]=x[i+j]-u; x[i+j]=x[i+j]+u; } } } } int main() { cin>>n; scanf("%s",s); for (int i=0;i<n;i++) a[i]=s[n-i-1]-'0'; scanf("%s",s); for (int i=0;i<n;i++) b[i]=s[n-i-1]-'0'; //把长度变为2的幂次,方便FFT中的迭代 for (int j=n,i=1;(i>>2)<j;i<<=1) n=i; FFT(a,n,1),FFT(b,n,1); for (int i=0;i<n;i++) p[i]=a[i]*b[i]; //插值 FFT(p,n,-1); for (int i=0;i<n;i++) c[i]=p[i].real()/n+0.1; int len=0; //进位 for (int i=0;i<n;i++) if (c[i]) len=i,c[i+1]+=c[i]/10,c[i]%=10; for (int i=len;i>=0;i--) printf("%d",c[i]); return 0; }
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