poj 1185 炮兵阵地 状态压缩dp
2015-03-07 15:00
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这是我第一次写状态压缩dp,刚开始毫无思路,然后网上搜了一下,经过一整天最终才看懂思路,AC。
首先,第i行与i-1行与第i-2有关(状态),于是假设dp【i】【j】=dp【i-1】【k】+状态j中炮兵的个数(i代表行,j代表改行的状态,dp值代表前i行最大炮兵值)发现这个不行,因为只与第i-1行有关,还得与第i-2行有关,于是我们就得增加维度d【i】【j】【k】,k代表第i-2行的状态,于是有:d[r][j][k]=max(d[r][j][k],d[r-1][k][L]+状态j中炮兵的个数);
还有一点就是先得做一点预处理,首先把合法的状态存下来(1----(1<<n-1)),约束条件是左右炮兵需要大于2,状态数大概只有60,然后j,k只需在60中枚举即可。
首先,第i行与i-1行与第i-2有关(状态),于是假设dp【i】【j】=dp【i-1】【k】+状态j中炮兵的个数(i代表行,j代表改行的状态,dp值代表前i行最大炮兵值)发现这个不行,因为只与第i-1行有关,还得与第i-2行有关,于是我们就得增加维度d【i】【j】【k】,k代表第i-2行的状态,于是有:d[r][j][k]=max(d[r][j][k],d[r-1][k][L]+状态j中炮兵的个数);
还有一点就是先得做一点预处理,首先把合法的状态存下来(1----(1<<n-1)),约束条件是左右炮兵需要大于2,状态数大概只有60,然后j,k只需在60中枚举即可。
/*为大家方便明白,注释比较多。该题可深化动态规划,状态压缩等知识。*/ #include<iostream> #include <string.h> using namespace std; char map[101][11];//地图 int surface[101];//地形状态压缩数 int state[61];//所有的合法状态压缩数 int stanum[61];//相应状态的炮兵数量 int f[101][61][61];//动态规划存储矩阵 int main() { memset(map,0,sizeof(map)); memset(surface,0,sizeof(surface)); memset(state,0,sizeof(state)); memset(stanum,0,sizeof(stanum)); memset(f,0,sizeof(f)); int row,col; cin>>row>>col; for (int i=0;i<row;i++) cin>>map[i]; /*因为最大列数不大于10,故可用dp进行状态压缩 注:所谓状态压缩即如:PHPP 可以用二进制0100表示,用十进制存储为4。 本题因其反向对称性,为了方便压缩,故上边实例压缩成0010,用2表示,不影响求解。*/ for (int i=0;i<row;i++) for (int j=0;j<col;j++) { if(map[i][j] == 'H') surface[i] +=1<<j; } /*同地图状态压缩,对排列阵型的状态进行压缩,并算出相应阵型的数量。 //如PHPP有0001 0010 1000 1001 摆法,相应的压缩为 1 2 6 7 相关人数为 1 1 1 2*/ int snum=0; for(int i=0;i< (1<<col);i++) { int temp=i; if( (i<<1)&i || (i<<2)&i ) continue;//判断图是否兼容 stanum[snum] = temp%2; while ( temp = (temp>>1) ) stanum[snum] += temp%2;//计算能放多少个炮兵 state[snum++]=i; } /*动态规划状态转移方程: //f[i][j][k] = max{f[i-1][k][l]+stanum[j]}, //f[i][j][k]表示第i行状态为s[j],第i-1行状态为s[k]的最大炮兵数 //枚举l的每种状态,且state[j],state[k],state[l],地形互不冲突*/ //第一行放置所有炮兵情况 for (int i=0;i<snum;i++) { /*该处就表现出状态压缩的强大好处了,下边的语句进行状态和地形的判断 //仅仅进行一次位与操作,即可知道是否摆放与地形冲突。以后状态判断类似*/ if(state[i] & surface[0]) continue; f[0][i][0]=stanum[i]; } //第二行放置所有炮兵情况 for (int i=0;i<snum;i++) { if(state[i] & surface[1]) continue; for (int k=0;k<snum;k++) { if(state[k] & surface[0]) continue; if(state[i] & state[k]) continue; f[1][i][k] = f[1][i][k] > (f[0][k][0]+stanum[i]) ? f[1][i][k] : (f[0][k][0]+stanum[i]) ; } } //之后的炮兵放置情况。如果还是不明白,请仔细揣摩上边给出的动态规划状态转移方程 for (int i=2;i<row;i++) for (int j=0;j<snum;j++) { if(surface[i] & state[j]) continue; for(int k=0;k<snum;k++) { if(surface[i-1] & state[k]) continue; if(state[j] & state[k]) continue; for (int l=0;l<snum;l++) { if(state[l] & surface[i-2]) continue; if(state[j] & state[l] || state[k] & state[l]) continue; f[i][j][k] = f[i][j][k] > (f[i-1][k][l]+stanum[j]) ? f[i][j][k] : (f[i-1][k][l]+stanum[j]) ; } } } //找出最优解 if(row ==0 ) cout<<"0"<<endl; else { int max=0; for (int i=0;i<snum;i++) for (int j=0;j<snum;j++) { if(max<f[row-1][i][j]) max=f[row-1][i][j]; } cout<<max<<endl; } system("pause"); return 0; }
/*另附网上经典的一个使用滚动数组的算法,以上算法为了方便大家阅读和理解,故进行分解演示。 //明白该题核心算法之后,可以进一步优化,使用滚动数组。其依据为炮兵攻击范围上下2行,所以 //任意行只与其相邻的两行相互影响,所以创建一个f[2][61][61]的滚动数据即可求解。 //用滚动数组依次求出每行的最优解 //roll为当前行,(roll+1)%2为前一行也即下一行 //roll = 0; //for ( int i = 0; i < row; i++ ){ // for ( int j = 0; j < snum; j++ ){ // if ( (state[j]&surface[i]) ) continue; //状态j是否与i行地图冲突 // if ( i == 0 ) f[roll][j][0] = stanum[j]; // else if ( i == 1 ){ // for ( int k = 0; k < snum; k++ ){ // if ( (state[k]&surface[i-1]) ) continue; // if ( (state[j]&state[k]) ) continue; // if ( f[roll][j][k] < f[(roll+1)%2][k][0]+stanum[j] ) // f[roll][j][k] = f[(roll+1)%2][k][0]+stanum[j]; // } // } // else{ // for ( int k = 0; k < snum; k++ ){ // if ( (state[k]& surface[i-1]) ) continue; //状态k是否与i-1行地图冲突 // if ( state[j]&state[k] ) continue; //状态j、k是否彼此冲突 // for ( int l = 0; l < snum; l++ ){ // if ( (state[l]& surface[i-2]) ) continue; //状态l是否与i-2行地图冲突 // if ( (state[j]&state[l]) || (state[k]&state[l]) ) continue; //状态j、l、k是否彼此冲突 // if ( f[roll][j][k] < f[(roll+1)%2][k][l]+stanum[j] ) // f[roll][j][k] = f[(roll+1)%2][k][l]+stanum[j]; // } // } // } // } // roll = (roll+1)%2; //} //roll = (roll+1)%2;*/
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