BC#29A:GTY's math problem（math) B：GTY's birthday gift(矩阵快速幂)

A: HDU5170

这题让比较a^b与c^d的大小。1<=a,b,c,d<=1000.

显然这题没法直接做，要利用对数来求，但是在math库中有关的对数函数返回的都是浮点数，所以这又要涉及到eps问题。

其它就没有什么需要注意的了，我用的是log()函数，当然还可以用log10().....,原理不变。

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <math.h>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
#define inf 0x3f3f3f3f
#include <stdio.h>
#include <string.h>
typedef long long ll;
#define mod 10000007
#define eps 1e-9
using namespace std;
int a,b,c,d;
int main()
{
while(scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d)!=EOF)
{
if(b*log(a)-d*log(c)>eps)
printf(">\n");
else if(fabs(b*log(a)-d*log(c))<=eps)
printf("=\n");
else printf("<\n");
}
return 0;
}

B: HDU5171

题目：按照规则扩展一个集合k次，然后求其总和。

【分析】

扩展规则很简单，就是一个斐波那契数列，但是如果按照模拟的方法手动推算，复杂度对于本题的数据范围来说是不太合适的。（1≤k≤1000000000）
可以利用矩阵快速幂来迅速完成。（矩阵快速幂可以完成任何递推公式）
[0, 1, 0]
[f[n-1],f
,s[n-1]]*[1, 1, 1] = [f
,f[n+1],s
]
[0, 0, 1]
我第一次写完代码后验证结果是对的，但提交一直WA，之后发现在计算矩阵A的k+1次幂时，发现中间爆数据了，果断把int a[3][3]改成了 __int64 a[3][3],果断A了。

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <stdio.h>
#include <string.h>
typedef __int64 ll;
#define mod 10000007
using namespace std;
struct ma
{
ll a[3][3];
}res,init;
int n,se[100010];
ll sum,k;
ma mult(ma x,ma y)
{
ma temp;
for(int i=0;i<3;i++)
{
for(int j=0;j<3;j++)
{
temp.a[i][j]=0;
for(int z=0;z<3;z++)
temp.a[i][j]=(temp.a[i][j]+x.a[i][z]*y.a[z][j])%mod;
}
}
return temp;
}
ma Pow(ma x,ll ke)
{
ma temp;
for(int i=0;i<3;i++)
{
for(int j=0;j<3;j++)
{
temp.a[i][j]=(i==j);
}
}
while(ke)
{
if(ke&1) temp=mult(x,temp);
ke>>=1;
x=mult(x,x);
}
return temp;
}
int main()
{
while(scanf("%d%I64d",&n,&k)!=EOF)
{
sum=0;
init.a[0][0]=0,init.a[0][1]=1,init.a[0][2]=0;
init.a[1][0]=1,init.a[1][1]=1,init.a[1][2]=1;
init.a[2][0]=0,init.a[2][1]=0,init.a[2][2]=1;
for(int i=0;i<n;i++)
{
scanf("%d",&se[i]);
}
sort(se,se+n);
for(int i=0;i<n-2;i++)
{
sum=(sum+se[i])%mod;
}
k+=1;
res=Pow(init,k);
sum=(sum+(se[n-2]*res.a[0][2])%mod+(se[n-1]*res.a[1][2])%mod+(se[n-2]*res.a[2][2])%mod)%mod;
printf("%I64d\n",sum);
}
return 0;
}