【URAL】1091 Tmutarakan Exams (简单容斥原理)
2015-02-03 16:14
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题目大意:从不大于s的非负数中选择k个,并且k个数的最大公约数大于1,问有多少组。
思路:
这边我们可以枚举最小公约数,那么最小公约数的个数中选择k个即为一种方案,
因为最大数不超过50.
所以枚举的最小公约数即为小于30的所有质数。{2,3,5,7,11,13,17,19,23,29}
现在可以假设选择了以最小公约数为2的序列,已经最小公约数为3的序列,可以知道,最小公约为6的序列被多算了一遍。
所以这边需要再减去从6的倍数的个数当中选择出k个数的组数。需要用到组合。
不过这边有一点需要注意的是,采用的是最小公约数来枚举,所以我们最后的结果为
p(2)+p(3)+----+p(23)-p(2&3)-p(2&5)....p(2&11)
其中p(2)表示的是从2的倍数的个数当中选择k个出来的组数。
p(2&3)表示的是从6的倍数当中选择k个出来的组数。由于k>2,所以最大的公约数为23,所以考虑交叉的最后一个应该是p(2&11),继续枚举的话,会因为个数不够,都为0
可以理解一下集合相交的请况,便可以知道为什么这么做。
枚举代码:
容斥原理应用:使用的是DFS搜索。
思路:
这边我们可以枚举最小公约数,那么最小公约数的个数中选择k个即为一种方案,
因为最大数不超过50.
所以枚举的最小公约数即为小于30的所有质数。{2,3,5,7,11,13,17,19,23,29}
现在可以假设选择了以最小公约数为2的序列,已经最小公约数为3的序列,可以知道,最小公约为6的序列被多算了一遍。
所以这边需要再减去从6的倍数的个数当中选择出k个数的组数。需要用到组合。
不过这边有一点需要注意的是,采用的是最小公约数来枚举,所以我们最后的结果为
p(2)+p(3)+----+p(23)-p(2&3)-p(2&5)....p(2&11)
其中p(2)表示的是从2的倍数的个数当中选择k个出来的组数。
p(2&3)表示的是从6的倍数当中选择k个出来的组数。由于k>2,所以最大的公约数为23,所以考虑交叉的最后一个应该是p(2&11),继续枚举的话,会因为个数不够,都为0
可以理解一下集合相交的请况,便可以知道为什么这么做。
枚举代码:
#include<iostream> using namespace std; int c[55][55]; int pr[10] = { 2, 3, 5, 7, 11, 13, 17, 19, 23,29}; int main() { for (int i = 1; i <= 30; i++) { c[i][0] = c[i][i] = 1; for (int j = 1; j < i; j++) c[i][j] = c[i - 1][j - 1] + c[i - 1][j]; } int k, s; while (cin >> k >> s) { int num[10]; int x = 0; int i; for (i = 0; s / pr[i]>= k; i++) num[i] = s / pr[i]; int sum = 0; for (int j = 0; j < i; j++) sum += c[num[j]][k]; sum -= c[s / 6][k]; sum -= c[s / 10][k]; sum -= c[s / 14][k]; sum -= c[s / 15][k]; sum -= c[s / 21][k]; sum -= c[s / 22][k]; if (sum > 10000) sum = 10000; cout << sum << endl; } }
容斥原理应用:使用的是DFS搜索。
#include<iostream> using namespace std; int c[30][30]; int p[11] = { 2, 3, 5, 7, 11, 13, 17, 19, 23, 29 }; int ans; int k, s; void init() { for (int i = 1; i <= 29; i++) { c[i][0] = c[i][i] = 1; for (int j = 1; j < i; j++) c[i][j] = c[i - 1][j - 1] + c[i - 1][j]; } } void dfs(int id, int flag, int lcm) { if (id == 10) return; dfs(id + 1, flag, lcm); int lcm1 = lcm*p[id]; int l=s/lcm1; if (l < k) return; ans += c[l][k] * flag; dfs(id + 1, -flag, lcm1); } int main() { while (cin >> k >> s) { ans = 0; init(); dfs(0, 1, 1); if (ans > 10000) ans = 10000; cout << ans << endl; } }
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