HDU 2204 Eddy's爱好(数论)
2014-12-13 23:54
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题目:(中文题)
问题是这样的:给你一个正整数N,确定在1到N之间有多少个可以表示成M^K(K>1)的数。
本题有多组测试数据,每组包含一个整数N,1<=N<=1000000000000000000(10^18)
对于每组输入,请输出在在1到N之间形式如M^K的数的总数。
每组输出占一行。
Simple Input:
10
36
1000000000000000000
Simple Output:
4
9
1001003332
题目分析:
容斥原理:
在计数时,必须注意无一重复,无一遗漏。为了使重叠部分不被重复计算,人们研究出一种新的计数方法,这种方法的基本思想是:先不考虑重叠的情况,把包含于某内容中的所有对象的数目先计算出来,然后再把计数时重复计算的数目排斥出去,使得计算的结果既无遗漏又无重复,这种计数的方法称为容斥原理
M^k可以分解成
(M^(k*p)), p是素数。2^60>10^18所以,指数最大为60,打表60以内的素数。2*3*5*7大于60,所以最多只有三个集合的交。然后dfs一下.(数据有错误:本来答案是1001003332,但结果是1001003331,照样AC。
问题是这样的:给你一个正整数N,确定在1到N之间有多少个可以表示成M^K(K>1)的数。
本题有多组测试数据,每组包含一个整数N,1<=N<=1000000000000000000(10^18)
对于每组输入,请输出在在1到N之间形式如M^K的数的总数。
每组输出占一行。
Simple Input:
10
36
1000000000000000000
Simple Output:
4
9
1001003332
题目分析:
容斥原理:
在计数时,必须注意无一重复,无一遗漏。为了使重叠部分不被重复计算,人们研究出一种新的计数方法,这种方法的基本思想是:先不考虑重叠的情况,把包含于某内容中的所有对象的数目先计算出来,然后再把计数时重复计算的数目排斥出去,使得计算的结果既无遗漏又无重复,这种计数的方法称为容斥原理
M^k可以分解成
(M^(k*p)), p是素数。2^60>10^18所以,指数最大为60,打表60以内的素数。2*3*5*7大于60,所以最多只有三个集合的交。然后dfs一下.(数据有错误:本来答案是1001003332,但结果是1001003331,照样AC。
#include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include<cmath> using namespace std; int prime[20]={2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,31,37,41,43,47,53,59}; long long ans,n; int i; void dfs(int j,int num,int p){ if(p==0){ long long t=pow(n,1.0/num); if(pow(t,0.0+num)>n) t--; t--; if(t>0) //i为奇数则加,否则减 ans+=t*(i&1?1:-1); /*if(i%2==1) ans+=t*i; else ans-=t*i;*/ return ; } if(j>=17) return;//超出60以内素数,不予考虑 if(num*prime[j]<60) //仍在范围内,继续搜 dfs(j+1,num*prime[j],p-1); dfs(j+1,num,p); } int main(){ while(scanf("%I64d",&n)!=EOF){ ans=0; for(i=1;i<=3;i++) dfs(0,1,i); printf("%I64d\n",ans+1); } return 0; }
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