动态规划之子串和(续。升级版)nyoj745
2014-11-23 13:21
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蚂蚁的难题(二)
时间限制:1000 ms | 内存限制:65535 KB难度:3
描述
下雨了,下雨了,蚂蚁搬家了。
已知有n种食材需要搬走,这些食材从1到n依次排成了一个圈。小蚂蚁对每种食材都有一个喜爱程度值Vi,当然,如果Vi小于0的时候,表示蚂蚁讨厌这种食材。因为马上就要下雨了,所以蚂蚁只能搬一次,但是能够搬走连续一段的食材。时间紧急,你快帮帮小蚂蚁吧,让它搬走的食材喜爱值和最大。
输入有多组测试数据(以EOF结尾)。
每组数据有两行,第一行有一个n,表示有n种食材排成了一个圈。(1 <= n<= 50000)
第二行分别有n个数,代表蚂蚁对第n种食材的喜爱值Vi。(-10^9 <= Vi <= 10^9)
输出输出小蚂蚁能够搬走的食材的喜爱值总和的最大。
样例输入
3 3 -1 2 5 -8 5 -1 3 -9
样例输出
5 7
来源蚂蚁系列
上传者
ACM_李如兵
/*其实它只是在原来的情况上多加了一种首位相接情况, 所以只需不管首位想接先求出最大和ans,然后求出首位想接情况的最大和ans1 ,取两者的最大值即可。ans1的求法其实和ans的求法差不多, 试想一下一个环,你要是求得了 不首尾相接的最小和 , 那么剩下的数就是首尾相接的最大和!!! 所以ans1=所有元素的和-不首尾相接的最小和。*/ #include<iostream> #include<string.h> #include<algorithm> #include<stdio.h> #include<stdlib.h> using namespace std; long long a[55000]; int main() { int n; while(cin>>n) { long long sum=0; for(int i=0; i<n; i++) { cin>>a[i]; sum+=a[i]; } long long need =0; long long maxsum=0; for(int i=0; i<n; i++) { need+=a[i]; if(need>maxsum) maxsum=need; if(need<0) need=0; } // cout<<"**"<<maxsum<<endl; long long nned = 0; long long minsum=0; for(int i=0; i<n; i++) { nned+=a[i]; if(nned<minsum) minsum=nned; if(nned>0) nned = 0; } // cout<<minsum<<"*-*"<<endl; if(maxsum>sum-minsum) cout<<maxsum<<endl; else cout<<(sum-minsum)<<endl; } }
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