codefroce D. Powerful array[初识块状数组]

                             codefroce D. Powerful array[初识块状数组]

因为是初始所以，只能先用别人的分析。囧。。。

题目：

    给定一个数列：A1， A2，……，An，定义Ks为区间（l，r）中s出现的次数。

t个查询，每个查询l，r，对区间内所有a[i]，求sigma（K^2*a[i]）

离线+分块

将n个数分成sqrt(n)块。

对所有询问进行排序，排序标准：

      1. Q[i].left /block_size < Q[j].left / block_size （块号优先排序）

      2. 如果1相同，则 Q[i].right < Q[j].right （按照查询的右边界排序）

问题求解：

从上一个查询后的结果推出当前查询的结果。（这个看程序中query的部分）

如果一个数已经出现了x次，那么需要累加(2*x+1)*a[i]，因为(x+1)^2*a[i] = (x^2 +2*x + 1)*a[i]，x^2*a[i]是出现x次的结果，(x+1)^2 * a[i]是出现x+1次的结果。

时间复杂度分析：

排完序后，对于相邻的两个查询，left值之间的差最大为sqrt(n)，则相邻两个查询左端点移动的次数<=sqrt(n)，总共有t个查询，则复杂度为O(t*sqrt(n))。

又对于相同块内的查询，right端点单调上升，每一块所有操作，右端点最多移动O(n)次，总块数位sqrt(n)，则复杂度为O(sqrt(n)*n)。

right和left的复杂度是独立的，因此总的时间复杂度为O(t*sqrt(n)  +  n*sqrt(n))。

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
using namespace std;

typedef long long LL;
const int V = 200000 + 10;
const int MAXN = 1000000 + 10;

struct node{
int l,r,id;
}query[V];

int n,t,num[V],L,R,sum[MAXN];
LL ans[MAXN],now;

bool cmp(node a,node b){
int m = sqrt(1.0*n);    //最好的理论值
if(a.l / m != b.l / m){
return a.l < b.l;
}
return a.r < b.r;
}

void modify(int l,int r){

while(L < l){ //左区间不包含
sum[num[L]]--;
now -= num[L] * (sum[num[L]] << 1 | 1);
L++;
}

while(R > r){  //右区间不包含
sum[num[R]]--;
now -= num[R] * (sum[num[R]] << 1 | 1);
R--;
}

while(L > l){  //上一区间的左区间包含在当前区间里
L--;
now += num[L] * (sum[num[L]] << 1 | 1);
sum[num[L]]++;

}

while(R < r){  //上一区间的右区间包含在当前区间里
R++;
now += num[R] * (sum[num[R]] << 1 | 1);
sum[num[R]]++;
}
}

int main()
{
while(~scanf("%d%d",&n,&t)){
for(int i = 1;i <= n;++i){
scanf("%d",&num[i]);
}

for(int i = 1;i <= t;++i){
scanf("%d%d",&query[i].l,&query[i].r);
query[i].id = i;
}

sort(query+1,query + t + 1,cmp);
now = L = R = 0;
memset(sum,0,sizeof(sum));

for(int i = 1;i <= t;++i){
modify(query[i].l,query[i].r);
ans[query[i].id] = now;
}

for(int i = 1;i <= t;++i){
printf("%I64d\n",ans[i]);
}
}
return 0;
}