BZOJ1978: [BeiJing2010]取数游戏 game
2014-09-17 19:00
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1978: [BeiJing2010]取数游戏 game
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 64 MBSubmit: 650 Solved: 400
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Description
小 C 刚学了辗转相除法,正不亦乐乎,这小 P 又出来捣乱,给小 C 留了个难题。
给 N 个数,用 a1,a2…an来表示。现在小 P 让小 C 依次取数,第一个数可以
随意取。假使目前取得 aj,下一个数取ak(k>j),则ak必须满足gcd(aj,ak)≥L。
到底要取多少个数呢?自然是越多越好!
不用多说,这不仅是给小 C 的难题,也是给你的难题。
Input
第一行包含两个数N 和 L。接下来一行,有 N 个数用空格隔开,依次是 a1,a2…an。
Output
仅包含一行一个数,表示按上述取法,最多可以取的数的个数。Sample Input
5 67 16 9 24 6
Sample Output
3HINT
选取 3个数16、24、6。gcd(16,24)=8,gcd(24,6)=6。2≤L≤ai≤1 000 000;
30% 的数据N≤1000;
100% 的数据 N≤50 000
Source
题解:这种DP根本想不到啊。。。是数论的一般方法还没掌握吗。。。
类似最长上升子序列的做法,只不过有个要求就是gcd必须要>=l,这样根号n枚举因数,然后dp
dp[i]表示以i作为最大公因数可以选的数的最多个数
满足gcd>=l才更新dp
还是不理解?为什么可以把最大值加到每一个因数上啊?
唉?好像忽然明白了?
i代表若 x 与最后一个选的数gcd==i,此前最多可选多少数,只要要求最后一个选取的数有i因子即可,所以 x 可以更新到 所有 x 的因子。
终于想通了,好开心!
代码:
#include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> #include<iostream> #include<vector> #include<map> #include<set> #include<queue> #include<string> #define inf 1000000000 #define maxn 500+100 #define maxm 1000000+100 #define eps 1e-10 #define ll long long #define pa pair<int,int> #define for0(i,n) for(int i=0;i<=(n);i++) #define for1(i,n) for(int i=1;i<=(n);i++) #define for2(i,x,y) for(int i=(x);i<=(y);i++) #define for3(i,x,y) for(int i=(x);i>=(y);i--) #define mod 1000000007 using namespace std; inline int read() { int x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=10*x+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } int n,m,ans,dp[maxm]; int main() { freopen("input2.txt","r",stdin); freopen("output3.txt","w",stdout); n=read();m=read(); for1(i,n) { int x=read(),y=0; for1(j,int(sqrt(x))) if(x%j==0) { y=max(y,dp[j]); y=max(y,dp[x/j]); } y++; for1(j,int(sqrt(x))) if(x%j==0) { if(j>=m)dp[j]=y; if(x/j>=m)dp[x/j]=y; } } for2(i,m,maxm-1)ans=max(ans,dp[i]); printf("%d\n",ans); return 0; }
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