poj 1054 枚举+hash
2014-07-29 10:35
211 查看
这道题的思路还是很好想到的,但是具体实现起来还是有点小困难的。
任何一条穿越稻田的青蛙路径L,至少包括3 棵被踩踏的水稻。假设其中前两
棵被踩踏的水稻分别是(X1,Y1)、(X2,Y2),那么:
令dx=X2-X1、dy=Y2-Y1;X0=X1-dx、Y0=Y1- dy;X3=X2 + dx、Y3=Y2 + dy
(X0,Y0)位于稻田之外,青蛙从该位置经一跳后进入稻田、踩踏位置(X1,Y1)上的水稻
(X3,Y3)位于稻田之内,该位置是L 上第3 棵被青蛙踩踏的水稻
Xi=X0 + idx、Yi=Y1 + idy(i3),如果(Xi,Yi)位于稻田之内,则(Xi,Yi)上的水稻必被
青蛙踩踏
根据上述规则,只要知道一条青蛙路径上的前两棵被踩踏的水稻,就可以找到该路径上其
他的水稻。为了找到全部的青蛙路径,只要从被踩踏的水稻中,任取两棵水稻(X1,Y1)、(X2,
Y2),判断(X1,Y1)、(X2,Y2)是否能够作为一条青蛙路径上最先被踩踏的两颗水稻。
但是又不能随意的枚举两个点,所以我们要先处理一下,把各个点的坐标排个序,依次枚举第i个点后面的第j个点,这样就能做到O(n^2)的复杂度。
还有一点就是怎么判断下一个点是否是被踏扁的点,这就要用到hash标记了,因为怕超内存,可以用bool型来标记,5000*5000的bool也不是很大哈。
这样一来,每次判断的复杂度就是O(1)了,所以整个复杂度为O(n^2)。5000的数据应该完全没有问题。
代码如下:
任何一条穿越稻田的青蛙路径L,至少包括3 棵被踩踏的水稻。假设其中前两
棵被踩踏的水稻分别是(X1,Y1)、(X2,Y2),那么:
令dx=X2-X1、dy=Y2-Y1;X0=X1-dx、Y0=Y1- dy;X3=X2 + dx、Y3=Y2 + dy
(X0,Y0)位于稻田之外,青蛙从该位置经一跳后进入稻田、踩踏位置(X1,Y1)上的水稻
(X3,Y3)位于稻田之内,该位置是L 上第3 棵被青蛙踩踏的水稻
Xi=X0 + idx、Yi=Y1 + idy(i3),如果(Xi,Yi)位于稻田之内,则(Xi,Yi)上的水稻必被
青蛙踩踏
根据上述规则,只要知道一条青蛙路径上的前两棵被踩踏的水稻,就可以找到该路径上其
他的水稻。为了找到全部的青蛙路径,只要从被踩踏的水稻中,任取两棵水稻(X1,Y1)、(X2,
Y2),判断(X1,Y1)、(X2,Y2)是否能够作为一条青蛙路径上最先被踩踏的两颗水稻。
但是又不能随意的枚举两个点,所以我们要先处理一下,把各个点的坐标排个序,依次枚举第i个点后面的第j个点,这样就能做到O(n^2)的复杂度。
还有一点就是怎么判断下一个点是否是被踏扁的点,这就要用到hash标记了,因为怕超内存,可以用bool型来标记,5000*5000的bool也不是很大哈。
这样一来,每次判断的复杂度就是O(1)了,所以整个复杂度为O(n^2)。5000的数据应该完全没有问题。
代码如下:
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> #define MAX 5010 using namespace std; bool map[MAX][MAX]; struct point //定义点 { int x,y; }; point plant[MAX]; int N,R,C; int ans=2; bool cmp(point a,point b) //比较函数,按升序排列。 { if(a.x==b.x) return a.y<b.y; else return a.x<b.x; } void input() { scanf("%d%d",&R,&C); scanf("%d",&N); int i,j; memset(map,0,sizeof(map)); for(i=0;i<N;i++) { scanf("%d%d",&plant[i].x,&plant[i].y); map[plant[i].x][plant[i].y]=1; //标记被踏平的点 } sort(plant,plant+N,cmp); } int searchpath(point p,int dx,int dy) //判断是否是合法路径,并求得长度 { int step=2; while(p.x>=1&&p.x<=R&&p.y>=1&&p.y<=C) { if(map[p.x][p.y]) step++; else {step=0;break;} p.x+=dx;p.y+=dy; } return step; } void work() { int i,j; int maxp=2,step; point p1,p2,p; int dx,dy; for(i=0;i<N-1;i++) //依次枚举各个点 { for(j=i+1;j<N;j++) { p1=plant[i]; p2=plant[j]; dx=p2.x-p1.x; dy=p2.y-p1.y; if(p1.x-dx>=1&&p1.x-dx<=R&&p1.y-dy>=1&&p1.y-dy<=C) continue; if(p1.x+maxp*dx>R) break;//一个比较大的剪枝,因为x是升序排列,当前这个点都超过了范围,后面的肯定也不行。 if(p1.y+maxp*dy<1||p1.y+maxp*dy>C) continue; p.x=p2.x+dx; p.y=p2.y+dy; step=searchpath(p,dx,dy); if(step>maxp) maxp=step; } } ans=maxp; } int main() { int i,j; input(); work(); if(ans<3) printf("0\n"); else printf("%d\n",ans); return 0; }
相关文章推荐
- POJ1054 枚举【STL__binary_search()_的应用】
- [POJ 1840]Eqs[hash][枚举]
- POJ 1054 The Troublesome Frog (枚举+优化)
- POJ 2002 Squares(计算几何 找正方形 hash枚举)
- (POJ 1054)The Troublesome Frog <暴力枚举+剪枝 || DP>
- POJ 1054 The Troublesome Frog(枚举 + 剪枝)
- POJ 1054 恼人的青蛙 [ 枚举+剪枝 ]
- POJ 1054 The Troublesome Frog 枚举
- poj 1054 The Troublesome Frog 枚举+二分搜索
- POJ 1054 枚举
- poj 1054 技巧枚举
- POJ 1840 Eqs(枚举+HASH)
- poj 2002 Squares(枚举+点hash)
- [poj1054] The Troublesome Frog 暴力枚举+剪支
- poj1054--The Troublesome Frog(枚举+二分)
- poj 1054 The Troublesome Frog 排序后暴力枚举,剪枝优化
- POJ-1054 The Troublesome Frog 搜索+剪枝 Or DP+Hash
- POJ 2002 hash(枚举+哈希) 或者 枚举+二分
- poj 1840 Eqs(暴力枚举+hash)
- poj 1054 The Troublesome Frog 枚举