HDU 2546 饭卡 0/1背包
2014-07-29 00:47
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题目链接:HDU 2546 饭卡
Time Limit: 5000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 10988 Accepted Submission(s): 3757
Problem Description
电子科大本部食堂的饭卡有一种很诡异的设计,即在购买之前判断余额。如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
Input
多组数据。对于每组数据:
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
Output
对于每组输入,输出一行,包含一个整数,表示卡上可能的最小余额。
Sample Input
Sample Output
Source
UESTC 6th Programming Contest Online
Recommend
lcy | We have carefully selected several similar problems for you: 2955 1203 2159 1114 2639
思路:
其实就是0/1背包的问题,留下5块钱买最贵的那一个菜,然后从剩下的n-1个菜里面尽量用完总钱数减5的钱。相当于每个物品的重量和价值是一样的,现在要装满总钱数-5的袋子,求尽可能大的价值。
代码:
饭卡
Time Limit: 5000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 10988 Accepted Submission(s): 3757
Problem Description
电子科大本部食堂的饭卡有一种很诡异的设计,即在购买之前判断余额。如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
Input
多组数据。对于每组数据:
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
Output
对于每组输入,输出一行,包含一个整数,表示卡上可能的最小余额。
Sample Input
1 50 5 10 1 2 3 2 1 1 2 3 2 1 50 0
Sample Output
-45 32
Source
UESTC 6th Programming Contest Online
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lcy | We have carefully selected several similar problems for you: 2955 1203 2159 1114 2639
思路:
其实就是0/1背包的问题,留下5块钱买最贵的那一个菜,然后从剩下的n-1个菜里面尽量用完总钱数减5的钱。相当于每个物品的重量和价值是一样的,现在要装满总钱数-5的袋子,求尽可能大的价值。
代码:
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; int main() { int t, n, money, price[1010], dp[1010]; while(scanf("%d", &n), n) { int maxp = 0, pos = 1; for(int i = 1; i <= n; i++) { scanf("%d", &price[i]); if(maxp < price[i]) { maxp = price[i]; pos = i; } } scanf("%d", &money); if(money < 5) { printf("%d\n", money); continue; } memset(dp, 0, sizeof(dp)); for(int i = 1; i <= n; i++) if(pos != i) for(int j = money-5; j >= price[i]; j--) dp[j] = max(dp[j], dp[j-price[i]]+price[i]); printf("%d\n", money-maxp-dp[money-5]); } return 0; }
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