BZOJ 1690: [Usaco2007 Dec]奶牛的旅行
2014-07-21 17:27
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Description
作为对奶牛们辛勤工作的回报,Farmer John决定带她们去附近的大城市玩一天。旅行的前夜,奶牛们在兴奋地讨论如何最好地享受这难得的闲暇。 很幸运地,奶牛们找到了一张详细的城市地图,上面标注了城市中所有L(2 <= L <= 1000)座标志性建筑物(建筑物按1..L顺次编号),以及连接这些建筑物的P(2 <= P <= 5000)条道路。按照计划,那天早上FarmerJohn会开车将奶牛们送到某个她们指定的建筑物旁边,等奶牛们完成她们的整个旅行并回到出发点后,将她们接回农场。由于大城市中总是寸土寸金,所有的道路都很窄,政府不得不把它们都设定为通行方向固定的单行道。 尽管参观那些标志性建筑物的确很有意思,但如果你认为奶牛们同样享受穿行于大城市的车流中的话,你就大错特错了。与参观景点相反,奶牛们把走路定义为无趣且令她们厌烦的活动。对于编号为i的标志性建筑物,奶牛们清楚地知道参观它能给自己带来的乐趣值F_i (1 <= F_i <= 1000)。相对于奶牛们在走路上花的时间,她们参观建筑物的耗时可以忽略不计。
奶牛们同样仔细地研究过城市中的道路。她们知道第i条道路两端的建筑物 L1_i和L2_i(道路方向为L1_i -> L2_i),以及她们从道路的一头走到另一头所需要的时间T_i(1 <= T_i <= 1000)。 为了最好地享受她们的休息日,奶牛们希望她们在一整天中平均每单位时间内获得的乐趣值最大。当然咯,奶牛们不会愿意把同一个建筑物参观两遍,也就是说,虽然她们可以两次经过同一个建筑物,但她们的乐趣值只会增加一次。顺便说一句,为了让奶牛们得到一些锻炼,Farmer John要求奶牛们参观至少2个建筑物。 请你写个程序,帮奶牛们计算一下她们能得到的最大平均乐趣值。
Input
* 第1行: 2个用空格隔开的整数:L 和 P* 第2..L+1行: 第i+1行仅有1个整数:F_i * 第L+2..L+P+1行: 第L+i+1行用3个用空格隔开的整数:L1_i,L2_i以及T_i, 描述了第i条道路。
Output
* 第1行: 输出1个实数,保留到小数点后2位(直接输出,不要做任何特殊的取 整操作),表示如果奶牛按题目中描述的一系列规则来安排她们的旅 行的话,她们能获得的最大平均乐趣值Sample Input
5 730
10
10
5
10
1 2 3
2 3 2
3 4 5
3 5 2
4 5 5
5 1 3
5 2 2
Sample Output
6.00输出说明:
如果奶牛选择1 -> 2 -> 3 -> 5 -> 1的旅行路线,她们能得到的总乐趣值
为60,为此她们得花费10单位的时间在走路上。于是她们在这次旅行中的平均乐
趣值为6。如果她们走2 -> 3 -> 5 -> 2的路线,就只能得到30/6 = 5的平均乐
趣值。并且,任何去参观建筑物4的旅行路线的平均乐趣值都没有超过4。
题解
二分+spfa判负环,这种题应该是一种很经典的模型。它要求∑点权(设为a)/∑边权(设为e)=k中的k最大。此题的要求是环上的∑a/∑e=k最大。证明:设当前最大值为K,而在若存在∑a/∑e>K,则表示K*∑e-∑a<0,那么我们只要重设单向边的值,用是spfa判负环即可。
具体见代码:
代码1:32ms
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<iostream> #include<cmath> #include<algorithm> #define inf 1<<30 using namespace std; int n,m,d[1002]; int a[5002],b[5002],c[5002],zz,head[1002]; struct bian{int to,nx;double v;} e[5002]; double dis[1002]; int pd[1002],tag; void init() { scanf("%d%d",&n,&m); int i,j,x,y,z; for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&d[i]); for(i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d%d",&a[i],&b[i],&c[i]); } void insert(int x,int y,double z) {zz++; e[zz].to=y; e[zz].v=z; e[zz].nx=head[x]; head[x]=zz;} void rebuild(double k) { int i,x,y; double z; zz=0; for(i=1;i<=n;i++) head[i]=0; for(i=1;i<=m;i++) {x=a[i]; y=b[i]; z=double(k*c[i])-d[y]; insert(x,y,z); } } void spfa(int x) { if(pd[x]) {tag=1;return;} int i=head[x],p; pd[x]=1; while(i) {p=e[i].to; if(dis[x]+e[i].v<dis[p]) {dis[p]=dis[x]+e[i].v; spfa(p); if(tag) return; } i=e[i].nx; } pd[x]=0; } bool check() { int i; tag=0; for(i=1;i<=n;i++) {dis[i]=0; pd[i]=0;} for(i=1;i<=n;i++) {spfa(i); if(tag) return 1;} return 0; } void work() { double l=0,r=1000,mid; int i; while(r-l>0.0001) {mid=(l+r)/2.0; rebuild(mid); if(check()) l=mid; else r=mid; } printf("%.2lf\n",l); } int main() { init(); work(); return 0; }
代码2:3560ms
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<iostream> #include<cmath> #include<algorithm> #define inf 1<<30 using namespace std; int n,m,d[1002]; int a[5002],b[5002],c[5002],zz,head[1002]; struct bian{int to,nx;double v;} e[5002]; double dis[1002]; int pd[1002],tag; void init() { scanf("%d%d",&n,&m); int i,j,x,y,z; for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&d[i]); for(i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d%d",&a[i],&b[i],&c[i]); } void insert(int x,int y,double z) {zz++; e[zz].to=y; e[zz].v=z; e[zz].nx=head[x]; head[x]=zz;} void rebuild(double k) { int i,x,y; double z; zz=0; for(i=1;i<=n;i++) head[i]=0; for(i=1;i<=m;i++) {x=a[i]; y=b[i]; z=double(k*c[i])-d[y]; insert(x,y,z); } } void spfa(int x) { if(pd[x]) {tag=1;return;} int i=head[x],p; pd[x]=1; while(i) {p=e[i].to; if(dis[x]+e[i].v<dis[p]) {dis[p]=dis[x]+e[i].v; spfa(p); if(tag) return; } i=e[i].nx; } pd[x]=0; } void work() { double l=0,r=1000,mid; int i; while(r-l>0.0001) {mid=(l+r)/2.0; rebuild(mid); tag=0; for(i=1;i<=n;i++) {dis[i]=inf; pd[i]=0;} dis[1]=0; spfa(1); if(tag) l=mid; else r=mid; } printf("%.2lf\n",l); } int main() { init(); work(); return 0; }
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