hdu 2204 Eddy's爱好 (容斥原理)
2014-07-08 09:57
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这题看起来简单,做的时候才发现不是那么简单的。。。
M^K 在K为合数的时候都可以表示为X^Y (Y为质数),但X^Y这个数可能出现多次,例如8^2= 4^3
这是因为该数为2^6, 6等于质数2乘质数3 所以我们在计数时 ans= 指数为一个质数 - 指数为两个质数 + 指数为三个质数;
因为N最大为10^18 < 2^60 ,所以指数为 三个质数的数为:2^(2*3*5)= 2^30 , 3^(2*3*5)= 3^30, 2^(2*3*7)= 2^42
代码:
M^K 在K为合数的时候都可以表示为X^Y (Y为质数),但X^Y这个数可能出现多次,例如8^2= 4^3
这是因为该数为2^6, 6等于质数2乘质数3 所以我们在计数时 ans= 指数为一个质数 - 指数为两个质数 + 指数为三个质数;
因为N最大为10^18 < 2^60 ,所以指数为 三个质数的数为:2^(2*3*5)= 2^30 , 3^(2*3*5)= 3^30, 2^(2*3*7)= 2^42
代码:
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <math.h> #define LL __int64 int main() { int a[]={2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,31,37,41,43,47,53,59};// 一个质因子的指数 int b[]={6,10,14,15,21,22,26,33,34,35,38,39,46,51,55,57,58};//两个质因子的指数 LL n; while(scanf("%I64d",&n)!=EOF) { int ans= 0; for(int i= 0; i<= 16; i++) //指数为一个质因子 { int num= pow(1.0*n, 1.0/a[i]); while(pow(num+1.0, 1.0*a[i])<= n) num++; num--; if(num> 0) ans+= num; } for(int i= 0; i<= 16; i++) //指数为两个质因子 { int num= pow(1.0*n, 1.0/b[i]); while(pow(num+1.0, 1.0*b[i])<= n) num++; num--; if(num> 0) ans-= num; } ans++; if(n>= pow(2.0, 30.0)) ans++;//指数为三个质因子的只有三个数 2^30,3^30,2^42 if(n>= pow(3.0, 30.0)) ans++; if(n>= pow(2.0, 42.0)) ans++; printf("%d\n",ans); } return 0; }
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