POJ 1845 Sumdiv【同余模运算+递归求等比数列和+快速幂运算】
2014-06-06 18:26
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快速幂运算在第一次训练时候就已经遇到过,这里不赘述
同余模运算也很简单,这里也不说了,无非是(a+b)%m (a*b)%m 把m弄到里面变成(a%m+b%m)%m (a%m*b%m)%m
今天学的最重要的还是递归二分求等比数列
题目大意是给出A和B,求A^B的约数和
解这个题,首先,对A进行素因子分解得到
(PI(pi^ai))^B
然后我们有约数和公式:
对A=PI(p1^k1)
A的所有因子之和为S = (1+p1+p1^2+p1^3+...p1^k1) * (1+p2+p2^2+p2^3+….p2^k2) * (1+p3+ p3^3+…+ p3^k3) * .... * (1+pn+pn^2+pn^3+...pn^kn)
因此可以求和
怎么求分式(1+p1+p1^2+p1^3+...p1^k1)呢?我们可以递归求等比数列和(这里要取模,所以,不能用等比数列求和公式)
用递归二分求等比数列1+pi+pi^2+pi^3+...+pi^n:
(1)若n为奇数,一共有偶数项,则:
1 + p + p^2 + p^3 +...+ p^n
= (1+p^(n/2+1)) + p * (1+p^(n/2+1)) +...+ p^(n/2) * (1+p^(n/2+1))
= (1 + p + p^2 +...+ p^(n/2)) * (1 + p^(n/2+1))
上式红色加粗的前半部分恰好就是原式的一半,那么只需要不断递归二分求和就可以了,后半部分为幂次式,将在下面第4点讲述计算方法。
(2)若n为偶数,一共有奇数项,则:
1 + p + p^2 + p^3 +...+ p^n
= (1+p^(n/2+1)) + p * (1+p^(n/2+1)) +...+ p^(n/2-1) * (1+p^(n/2+1)) + p^(n/2)
= (1 + p + p^2 +...+ p^(n/2-1)) * (1+p^(n/2+1)) + p^(n/2);
上式红色加粗的前半部分恰好就是原式的一半,依然递归求解
最后注意一个坑,当A=1的时候,是不将A加入pi和ai数组的,A^B的约数和为1
同余模运算也很简单,这里也不说了,无非是(a+b)%m (a*b)%m 把m弄到里面变成(a%m+b%m)%m (a%m*b%m)%m
今天学的最重要的还是递归二分求等比数列
题目大意是给出A和B,求A^B的约数和
解这个题,首先,对A进行素因子分解得到
(PI(pi^ai))^B
然后我们有约数和公式:
对A=PI(p1^k1)
A的所有因子之和为S = (1+p1+p1^2+p1^3+...p1^k1) * (1+p2+p2^2+p2^3+….p2^k2) * (1+p3+ p3^3+…+ p3^k3) * .... * (1+pn+pn^2+pn^3+...pn^kn)
因此可以求和
怎么求分式(1+p1+p1^2+p1^3+...p1^k1)呢?我们可以递归求等比数列和(这里要取模,所以,不能用等比数列求和公式)
用递归二分求等比数列1+pi+pi^2+pi^3+...+pi^n:
(1)若n为奇数,一共有偶数项,则:
1 + p + p^2 + p^3 +...+ p^n
= (1+p^(n/2+1)) + p * (1+p^(n/2+1)) +...+ p^(n/2) * (1+p^(n/2+1))
= (1 + p + p^2 +...+ p^(n/2)) * (1 + p^(n/2+1))
上式红色加粗的前半部分恰好就是原式的一半,那么只需要不断递归二分求和就可以了,后半部分为幂次式,将在下面第4点讲述计算方法。
(2)若n为偶数,一共有奇数项,则:
1 + p + p^2 + p^3 +...+ p^n
= (1+p^(n/2+1)) + p * (1+p^(n/2+1)) +...+ p^(n/2-1) * (1+p^(n/2+1)) + p^(n/2)
= (1 + p + p^2 +...+ p^(n/2-1)) * (1+p^(n/2+1)) + p^(n/2);
上式红色加粗的前半部分恰好就是原式的一半,依然递归求解
最后注意一个坑,当A=1的时候,是不将A加入pi和ai数组的,A^B的约数和为1
#include <cstdio> #include <cstdlib> #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstring> #include <cmath> const long long MAXN=1111111; const long long mod=9901; using namespace std;long long P[MAXN],a[MAXN];long long que; long long power(long long p,long long n) { long long ans=1; while(n) { if(n&1) { ans=ans*p%mod; } p=p*p%mod; n>>=1; } return ans%mod; } long long sum(long long p,long long n) { long long ans=1; (1-power(p,n)*p)/(1-p) } int main() { #ifndef ONLINE_JUDGE freopen("G:/1.txt","r",stdin); freopen("G:/2.txt","w",stdout); #endif long long A,B; scanf("%lld%lld",&A,&B); long long tmpA=A; for(long long i=2;i*i<=tmpA;i++) { if(tmpA%i==0) { P[que]=i; while(tmpA%i==0) { a[que]++; tmpA/=i; } que++; } } //(tmpA)?P[que]=tmpA:1; //a[que]++;que++; if(tmpA!=1) { P[que]=tmpA; a[que]++; que++; } long long ans=1; for(long long i=0;i<que;i++) { ans=ans*sum(P[i],a[i]*B)%mod; } ans%=mod; printf("%lld\n",ans); return 0; }
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