hdu1978 How many ways
2014-05-05 17:23
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How many ways
Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 2543 Accepted Submission(s): 1499
Problem Description
这是一个简单的生存游戏,你控制一个机器人从一个棋盘的起始点(1,1)走到棋盘的终点(n,m)。游戏的规则描述如下:
1.机器人一开始在棋盘的起始点并有起始点所标有的能量。
2.机器人只能向右或者向下走,并且每走一步消耗一单位能量。
3.机器人不能在原地停留。
4.当机器人选择了一条可行路径后,当他走到这条路径的终点时,他将只有终点所标记的能量。
如上图,机器人一开始在(1,1)点,并拥有4单位能量,蓝色方块表示他所能到达的点,如果他在这次路径选择中选择的终点是(2,4)
点,当他到达(2,4)点时将拥有1单位的能量,并开始下一次路径选择,直到到达(6,6)点。
我们的问题是机器人有多少种方式从起点走到终点。这可能是一个很大的数,输出的结果对10000取模。
Input
第一行输入一个整数T,表示数据的组数。
对于每一组数据第一行输入两个整数n,m(1 <= n,m <= 100)。表示棋盘的大小。接下来输入n行,每行m个整数e(0 <= e < 20)。
Output
对于每一组数据输出方式总数对10000取模的结果.
Sample Input
1
6 6
4 5 6 6 4 3
2 2 3 1 7 2
1 1 4 6 2 7
5 8 4 3 9 5
7 6 6 2 1 5
3 1 1 3 7 2
Sample Output
3948
Author
xhd
状态转移方程:dp[i+k][j+l] = (dp[i+k][j+l] + dp[i][j]) % 10000;
dp[i][j]表示到达点(i,j)的途径数, 其中k,l为处在点(i,j)时,能够到达点(i+k,j+l)。半径。
dp要开到120以上;
10681306 | 2014-05-05 17:22:30 | Accepted | 1978 | 250MS | 356K | 594 B | C++ | 向往蓝天的鱼 |
10681280 | 2014-05-05 17:19:04 | Accepted | 1978 | 250MS | 468K | 592 B | C++ | 向往蓝天的鱼 |
10681270 | 2014-05-05 17:17:48 | Accepted | 1978 | 171MS | 464K | 594 B | C++ | 向往蓝天的鱼 |
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int dp[122][122]; int main() { int t; int m,n,num; int i,j,k,l; cin>>t; while(t--) { cin>>m>>n; memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[0][0]=1; for(i=0;i<m;++i) for(j=0;j<n;++j) { cin>>num; //scanf("%d",&num); for(k=0;k<=num;++k) for(l=0;l+k<=num;++l) { if(k==0&&l==0) continue; dp[i+k][j+l]=(dp[i+k][j+l]+dp[i][j])%10000; } } cout<<dp[m-1][n-1]<<endl; //printf("%d\n",dp[m-1][n-1]); } return 0; }
10682463 | 2014-05-05 19:26:03 | Accepted | 1978 | 156MS | 340K | 683 B | C++ | 向往蓝天的鱼 |
时间用的更少
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int dp[110][112];
int main()
{
int t;
int m,n,num;
int i,j,k,l;
cin>>t;
while(t--)
{
cin>>m>>n;
memset(dp,0,sizeof(dp));
dp[0][0]=1;
for(i=0;i<m;++i)
for(j=0;j<n;++j)
{
//cin>>num;
scanf("%d",&num);
for(k=0;k<=num;++k)
{
if(i+k >= m)
break;
for(l=0;l+k<=num;++l)
{
if(l+j >= n)
break;
if(k==0&&l==0)
continue;
dp[i+k][j+l]=(dp[i+k][j+l]+dp[i][j])%10000;
}
}
}
//cout<<dp[m-1][n-1]<<endl;
printf("%d\n",dp[m-1][n-1]);
}
return 0;
}
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