zoj3774 Fibonacci数列的幂和
2014-04-30 18:37
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这题的解题思想太强大了。。。充分利用了逆元
题意:给定
和
,其中
,
,求
的值。
分析:嗯,这道题貌似有难度,如果
比较小的话我们可以构造矩阵,实际上这样做也挺麻烦的。
以前我们做一个大Fibonacci数列模一个大素数都是用矩阵,当然这里素数满足条件:5是模这个素数的二
次剩余,那么现在要求不要用矩阵来计算这个结果呢?那就是今天我要讨论的问题,本题也是基于这种思路。
本题我们可以直接利用Fibonacci数列的公式进行计算。因为我们知道Fibonacci数列的公式为:
虽然公式中含有根号,但是我们知道
是一个整数,而且5是模1000000009的二次剩余。那么可以通过逆元
和二次剩余的转化来做。比如
就可以用
中的
来代替。
为了方便表示,我们令:
那么得到
把
按照二项式展开得到
对于每一个
都这样表示,那么相同的
合并后是等比数列,比如对于所有系数为
合并后为
, 其中
所以到了这里本题就明确了,枚举每一个
从0到
,依次计算即可。
当然对于
,我们可以阶乘预处理然后求逆元,至于
和
同样预处理,这样时间少很多。
可以看出本题条件好在1000000009是素数,而且5是模1000000009的二次剩余。
经计算2模1000000009的逆元是500000005,而
的一个解为383008016。
也就是说对于
有
同理,对于
有
嗯,貌似还有一个问题没有处理,t = 1时咋办? 这个很简单啦,不用等比求和公式即可。其实吧,这里面
我们还可以注意到
,也可以进一步优化,读者自己体会,就说到这里。
这题的解题思想太强大了。。。充分利用了逆元
题意:给定
和
,其中
,
,求
的值。
分析:嗯,这道题貌似有难度,如果
比较小的话我们可以构造矩阵,实际上这样做也挺麻烦的。
以前我们做一个大Fibonacci数列模一个大素数都是用矩阵,当然这里素数满足条件:5是模这个素数的二
次剩余,那么现在要求不要用矩阵来计算这个结果呢?那就是今天我要讨论的问题,本题也是基于这种思路。
本题我们可以直接利用Fibonacci数列的公式进行计算。因为我们知道Fibonacci数列的公式为:
虽然公式中含有根号,但是我们知道
是一个整数,而且5是模1000000009的二次剩余。那么可以通过逆元
和二次剩余的转化来做。比如
就可以用
中的
来代替。
为了方便表示,我们令:
那么得到
把
按照二项式展开得到
对于每一个
都这样表示,那么相同的
合并后是等比数列,比如对于所有系数为
合并后为
, 其中
所以到了这里本题就明确了,枚举每一个
从0到
,依次计算即可。
当然对于
,我们可以阶乘预处理然后求逆元,至于
和
同样预处理,这样时间少很多。
可以看出本题条件好在1000000009是素数,而且5是模1000000009的二次剩余。
经计算2模1000000009的逆元是500000005,而
的一个解为383008016。
也就是说对于
有
同理,对于
有
嗯,貌似还有一个问题没有处理,t = 1时咋办? 这个很简单啦,不用等比求和公式即可。其实吧,这里面
我们还可以注意到
,也可以进一步优化,读者自己体会,就说到这里。
#include <iostream> #include <string.h> #include <stdio.h> using namespace std; typedef long long LL; const int N = 100005; const LL MOD = 1000000009; LL fac ,A ,B ; void Init() { fac[0] = 1; for(int i=1; i<N; i++) fac[i] = fac[i-1] * i % MOD; A[0] = B[0] = 1; for(int i=1; i<N; i++) { A[i] = A[i-1] * 691504013 % MOD; B[i] = B[i-1] * 308495997 % MOD; } } LL quick_mod(LL a,LL b,LL MOD)//快速幂 { LL ans = 1; a %= MOD; while(b) { if(b & 1) { ans = ans * a % MOD; b--; } b >>= 1; a = a * a % MOD; } return ans; } LL Solve(LL n,LL k) { LL ans = 0; //计算 (-1)^r * C(k,r) * t * (t^n -1) / (t-1) ; 其中 t = a^(k-r) * b^r ; r从0~k的累加 //a=( 1+sqrt(5) )/2 ; b=( 1-sqrt(5) )/2 for(int r=0; r<=k; r++) { LL t = A[k-r] * B[r] % MOD; LL x = fac[k];// k!=1*2*3*...*k LL y = fac[k-r] * fac[r] % MOD;// (k-r)!*(r)! LL c = x * quick_mod(y,MOD-2,MOD) % MOD;// c=C(k,r)=x/y=x*lnv(y) LL tmp = t * (quick_mod(t,n,MOD) - 1) % MOD * quick_mod(t-1,MOD-2,MOD) % MOD; if(t == 1) tmp = n % MOD; tmp = tmp * c % MOD; if(r & 1) ans -= tmp; else ans += tmp; ans %= MOD; } LL m = quick_mod(383008016,MOD-2,MOD); ans = ans * quick_mod(m,k,MOD) % MOD; // ans=ans* ( ( 1/sqrt(5) )^k ) ans = (ans % MOD + MOD) % MOD; return ans; } int main() { int T; LL n,k; Init(); scanf("%d",&T); while(T--) { cin>>n>>k; cout<<Solve(n,k)<<endl; } } /* input: 5 10 1 4 20 20 2 9999 99 987654321987654321 98765 output: 143 487832952 74049690 113297124 108672406 */
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