HDU 4810 Wall Painting (位操作-异或)
2014-04-21 13:30
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题目分析:给n个数,从这n个数中选择i个数,共有c(n , i)种情况,将每种情况中的i个数异或,将这c(n , i)个异或结果求和,就得到第i个输出结果,i属于[1 n]。
求x个数的异或,等于分别对x个数的同一二进制位进行异或,然后加权求和。于是将n个数表示成二进制的形式,对于本题,32位就够。因为,奇数个1的异或 = 1 , 偶数个1的异或 = 0 。 统计每位上1的个数 ,然后对于第j个二进制位,枚举所选中的1的个数,加权求和,即可得结果。将对n个数的处理,转化成对32个位的处理。
AC_CODE
题目分析:给n个数,从这n个数中选择i个数,共有c(n , i)种情况,将每种情况中的i个数异或,将这c(n , i)个异或结果求和,就得到第i个输出结果,i属于[1 n]。
求x个数的异或,等于分别对x个数的同一二进制位进行异或,然后加权求和。于是将n个数表示成二进制的形式,对于本题,32位就够。因为,奇数个1的异或 = 1 , 偶数个1的异或 = 0 。 统计每位上1的个数 ,然后对于第j个二进制位,枚举所选中的1的个数,加权求和,即可得结果。将对n个数的处理,转化成对32个位的处理。
AC_CODE
const int mod = 1000003; int num[35] ; LL c[1002][1002] ,ans[1002]; void init(){ int i , j; for(i = 0;i <= 1001;i++) c[i][0] = 1,c[i][i] = 1; for(i = 1;i <= 1001;i++) for(j = 1;j < i;j++) c[i][j] = (c[i - 1][j - 1] + c[i - 1][j])%mod; } void change(int x){ int k = 0; while(x){ if(x&1) num[k]++; x >>= 1; k++; } } int main() { int n; init(); while(scanf("%d",&n) != EOF){ int i , j , k , x; memset(num , 0 , sizeof(num)); memset(ans , 0 , sizeof(ans)); for(i = 1;i <= n;i++){ scanf("%d",&x); change(x); } for(i = 1;i <= n;i++){ for(j = 0;j < 32;j++){ for(k = 1;k <= i;k += 2) ans[i] += ((c[num[j]][k] * c[n - num[j]][i - k])%mod) * ((1<<j)%mod), ans[i] %= mod;//!!!!! } } printf("%lld",ans[1]); for(i = 2;i <= n;i++) printf(" %lld",ans[i]); puts(""); } return 0; }
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