uva 1354 - Mobile Computing(dfs)
2014-02-26 10:26
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题目链接:uva 1354 - Mobile Computing
题目大意:给出房间的宽度,以及n个重物的重量,每个杆的长度为1,要求如图放置的宽度尽量宽但又不超过房间的宽度。输出保留10为小数即可。
解题思路:这题想了有好几天,一开始连题意都理解错了。看到网上有人用BFS然后开了6个vector去记录状态.....
我的做法是模拟二叉树的数组形式去暴力,对于天平的每个节点,都可以看做是二叉树的节点,放天平的位置标记为-1,放重物的位置标记为重物的序号。当i的父亲节点为-1时,i这个位置就可以选择放天平还是放重物,否则就得跳过。
dfs的过程中,u是当前考虑的节点号,m是当前还有多少个位置可以放,use是还有多少个重物。
放天平的条件是use - m ≥ 1,因为每放一个天平,可悬挂重物的位置就多1,但是位置如果多于重物就肯定有位置没有重物可以挂,不符合平衡的条件;
放重物的条件是m!=1 || use==1,如果放重物后,没有位置放下一个重物的情况是不可以的。
终止条件,use = 0,所有重物都放置完毕。
计算左右边界的方法,因为方案已经确定,所以val[i]代表节点的重量,l[i]代表节点的左伸,r[i]代表节点的右伸,从最后一个节点一直递推到节点1;每个节点的重量,左伸右伸均只和它的孩子节点有关。
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N = 10;
const int M = 105;
const double INF = 0x3f3f3f3f;
int n, v
, t[M];
double R, w
, ans, l[M], r[M], val[M];
void init () {
memset(t, 0, sizeof(t));
memset(v, 0, sizeof(v));
t[1] = -1; ans = -1;
scanf("%lf%d", &R, &n);
for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%lf", &w[i]);
}
void judge(int u) {
memset(l, 0, sizeof(l));
memset(r, 0, sizeof(r));
memset(val, 0, sizeof(val));
for (int i = u; i; i--) {
if (t[i] == -1) {
int x = i*2, y = i*2+1;
val[i] = val[x] + val[y];
double Li = val[y] / val[i];
double Ri = val[x] / val[i];
l[i] = min(-Li+l[x], Ri+l[y]);
r[i] = max(-Li+r[x], Ri+r[y]);
} else if (t[i]) {
val[i] = w[t[i]];
}
}
double tmp = r[1] - l[1];
if (tmp - R < 1e-5 && tmp > ans) ans = tmp;
}
void dfs(int u, int m, int use) {
if (use == 0) {
judge(u-1);
return;
}
if (t[u/2] != -1) {
dfs(u+1, m, use);
} else {
if (use > m) {
t[u] = -1;
dfs(u+1, m+1, use);
t[u] = 0;
}
if (m == 1 && use > 1) return;
for (int i = 1; i <= n; i++) if (!v[i]) {
v[i] = 1; t[u] = i;
dfs(u+1, m-1, use-1);
v[i] = 0; t[u] = 0;
}
}
}
int main () {
int cas;
scanf("%d", &cas);
while (cas--) {
init();
if (n == 1) printf("%.10lf\n", 0.0);
else {
dfs(2, 2, n);
if (ans == -1) printf("-1\n");
else printf("%.10lf\n", ans);
}
}
return 0;
}
题目大意:给出房间的宽度,以及n个重物的重量,每个杆的长度为1,要求如图放置的宽度尽量宽但又不超过房间的宽度。输出保留10为小数即可。
解题思路:这题想了有好几天,一开始连题意都理解错了。看到网上有人用BFS然后开了6个vector去记录状态.....
我的做法是模拟二叉树的数组形式去暴力,对于天平的每个节点,都可以看做是二叉树的节点,放天平的位置标记为-1,放重物的位置标记为重物的序号。当i的父亲节点为-1时,i这个位置就可以选择放天平还是放重物,否则就得跳过。
dfs的过程中,u是当前考虑的节点号,m是当前还有多少个位置可以放,use是还有多少个重物。
放天平的条件是use - m ≥ 1,因为每放一个天平,可悬挂重物的位置就多1,但是位置如果多于重物就肯定有位置没有重物可以挂,不符合平衡的条件;
放重物的条件是m!=1 || use==1,如果放重物后,没有位置放下一个重物的情况是不可以的。
终止条件,use = 0,所有重物都放置完毕。
计算左右边界的方法,因为方案已经确定,所以val[i]代表节点的重量,l[i]代表节点的左伸,r[i]代表节点的右伸,从最后一个节点一直递推到节点1;每个节点的重量,左伸右伸均只和它的孩子节点有关。
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N = 10;
const int M = 105;
const double INF = 0x3f3f3f3f;
int n, v
, t[M];
double R, w
, ans, l[M], r[M], val[M];
void init () {
memset(t, 0, sizeof(t));
memset(v, 0, sizeof(v));
t[1] = -1; ans = -1;
scanf("%lf%d", &R, &n);
for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%lf", &w[i]);
}
void judge(int u) {
memset(l, 0, sizeof(l));
memset(r, 0, sizeof(r));
memset(val, 0, sizeof(val));
for (int i = u; i; i--) {
if (t[i] == -1) {
int x = i*2, y = i*2+1;
val[i] = val[x] + val[y];
double Li = val[y] / val[i];
double Ri = val[x] / val[i];
l[i] = min(-Li+l[x], Ri+l[y]);
r[i] = max(-Li+r[x], Ri+r[y]);
} else if (t[i]) {
val[i] = w[t[i]];
}
}
double tmp = r[1] - l[1];
if (tmp - R < 1e-5 && tmp > ans) ans = tmp;
}
void dfs(int u, int m, int use) {
if (use == 0) {
judge(u-1);
return;
}
if (t[u/2] != -1) {
dfs(u+1, m, use);
} else {
if (use > m) {
t[u] = -1;
dfs(u+1, m+1, use);
t[u] = 0;
}
if (m == 1 && use > 1) return;
for (int i = 1; i <= n; i++) if (!v[i]) {
v[i] = 1; t[u] = i;
dfs(u+1, m-1, use-1);
v[i] = 0; t[u] = 0;
}
}
}
int main () {
int cas;
scanf("%d", &cas);
while (cas--) {
init();
if (n == 1) printf("%.10lf\n", 0.0);
else {
dfs(2, 2, n);
if (ans == -1) printf("-1\n");
else printf("%.10lf\n", ans);
}
}
return 0;
}
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