【题解】[scoi2009]迷路
2014-02-16 10:40
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Description
windy在有向图中迷路了。该有向图有 N 个节点,windy从节点 0 出发,他必须恰好在 T 时刻到达节点 N-1。现在给出该有向图,你能告诉windy总共有多少种不同的路径吗?注意:windy不能在某个节点逗留,且通过某有向边的时间严格为给定的时间。Input
第一行包含两个整数,N T。接下来有 N 行,每行一个长度为 N 的字符串。第i行第j列为'0'表示从节点i到节点j没有边。为'1'到'9'表示从节点i到节点j需要耗费的时间。Output
包含一个整数,可能的路径数,这个数可能很大,只需输出这个数除以2009的余数。Sample Input
【输入样例一】2 2
11
00
【输入样例二】
5 30
12045
07105
47805
12024
12345
Sample Output
【输出样例一】1
【样例解释一】
0->0->1
【输出样例二】
852
HINT
30%的数据,满足 2 <= N <= 5 ; 1 <= T <= 30 。100%的数据,满足 2 <= N <= 10 ; 1 <= T <= 1000000000 。
------------------------------------------------------------------------------------------------------
这道题我看到的第一反应是记忆化搜索,不过一看数据范围,记忆化搜索只能过30%。
这道题正解用到了邻接矩阵的幂。从一开始学图论,就知道邻接矩阵是一种图的存储方式,但没有把它与矩阵联系起来。。。
实际上,对于一个邻接矩阵A(元素只有0,1,表示有没有这条道路,不能带权值) A^n 中元素a[i][j]就是从i到j走n步的路径条数。。。(不禁要再次感叹线性代数的神奇)
但是这道题的问题在于图是有权值的,不可以直接把邻接矩阵带入计算。
那么怎么做呢?考虑到权值<=9,我们可以把每个点x拆成9个点:x*9+j (1<=j<=9),代表在这个点走j-1步所到达的点(自然x*9+1就对应原来的点),把它们连起来,再把原来的每条从i到j边长为k的边,变成新图中的从i*9+k到j*9+1的边长为1边。这样就建立了一张新的权值只有0,1的图,再把它的邻接矩阵B拿来计算,则答案就是B^t中的[0*9+1][(n-1)*9+1]号元素所对应的值。
另外,矩阵的幂就用快速幂来计算,只不过把数字换成矩阵,把数字乘法换成矩阵乘法就可以了。(注:矩阵的0次方为单元矩阵)
#include<cstdio> #include<cmath> #include<cstdlib> #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const int P=2009; int n,t; struct Mat { int s[100+10][100+10]; int x,y; Mat() { memset(s,0,sizeof(s)); } Mat operator =(const Mat &b) { x=b.x;y=b.y; for(int i=1;i<=x;i++) { for(int j=1;j<=y;j++)s[i][j]=b.s[i][j]; } } Mat operator *(const Mat &b) { Mat c; c.x=x; c.y=b.y; for(int i=1;i<=x;i++) { for(int j=1;j<=b.y;j++) { for(int k=1;k<=y;k++) { c.s[i][j]=(c.s[i][j]+s[i][k]*b.s[k][j])%P; } } } return c; } }start,single; char map1[10+10][10+10]; Mat qpow(Mat d,int c) { if(c==0)return single; if(c==1)return d; Mat ret=qpow(d,c/2); ret=ret*ret; if(c&1)ret=ret*d; return ret; } int main() { scanf("%d%d",&n,&t); start.x=start.y=9*n; single.x=single.y=9*n; for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%s",map1[i]); } for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=1;j<9;j++) { start.s[(i-1)*9+j][(i-1)*9+j+1]=1; } } for(int i=0;i<n;i++) { for(int j=0;j<n;j++) { if(map1[i][j]-'0'!=0)start.s[i*9+map1[i][j]-'0'][j*9+1]=1; } } Mat ans=qpow(start,t); printf("%d\n",ans.s[1][(n-1)*9+1]); return 0; }
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